Eskişehir Osmangazi Üniversitesi Mühendislik Mimarlık Fakültesi
İnşaat Mühendisliği Bölümü
MUKAVEMET I 2012- 2013 2013 Güz Dönemi
SUNU DERS NOTLARI Hakan EROL
H. Selim ŞENGEL
http://www.oguinsaat.net
Yunus Yunus ÖZÇELİKÖRS ÖZÇELİKÖRS
MUKAVEMET I TEMEL İLKELER KESİT ZORLAMALARI GERİLME ŞEKİL DEĞİŞTİRME VE MALZEME BAĞINTILARI GERİLME-ŞEKİL DEĞİŞTİRME ANALİZİ EKSENEL KUVVET
ALAN MOMENTLERİ BURULMA
BASİT EĞİLME EĞİK EĞİLME http://www.oguinsaat.net
2
OSMANGAZİ OSMANGAZİ ÜNİVERSİTESİ MÜHENDİSLİK MİMARLIK FAKULTESİ İNŞAAT MÜHENDİSLİĞİ BÖLÜMÜ MUKAVEMET MUKAVEMET I DERS PLANI DERS SAATİ SINIF
:
KREDİSİ ÖĞRETİM ÜYESİ ÖĞRETİM ÜYESİ ÖĞRETİM ÜYESİ GÖRÜŞME SAATİ
: A 217 : 3+2 : Dr. Yunus ÖZÇELİKÖRS Oda No:213 Telefon: 3216 E-Mail:
[email protected] : Dr. Selim ŞENGEL Oda No:403 Telefon: 3232 E-Mail:
[email protected] : Dr. Hakan EROL Oda No:411 Telefon: 3228 E-Mail:
[email protected] :
Mühendislik fakültesi öğrencilerine, öğrencilerine, yapı ve makine elemanlarında, etkisi altında oldukları dış yükler sebebiyle DERSİN AMACI :Mühendislik fakültesi sebebiyle oluşan gerilme ve limitleri içinde kalmak kaydıyla şekil değiştirmelerin, şekil değiştirmelerin, bir matematik disiplin içinde , yapı malzemesi derslerinde yapılan deney sonuçları, mühendislik limitleri kabuller ile statik derslerinde alınan genel denge kavramları kullanılarak hesaplanması yapılan basitleştirici kabuller kullanılarak hesaplanması için gerekli altyapının hazırlanmasıdır . Kiriş, kolon, mil ve benzeri yapı elemanlarının dış yüklerin etkisi altında davranışlarının incelenmesi ve dış yüklerin elemanda oluşturduğu gerilme ve şekil değiştirmelerin şekil değiştirmelerin hesaplanmasıdır . KONU BAŞLIKLARI 1- Temel prensipler: Giriş Analiz yöntemleri, Kuvvet ye yük tipleri, Denge koşulları, İç kuvvetler (Kesit tesirleri)nin incelenmesi, İç Kuvvet Mesnet tipleri, Yük, kesme kuvveti ve moment ilişkileri Kesit Kesit tesiri diyagramları, (integrasyon Yöntemi, Kesitler yöntemi) Bileşenleri Mesnet 2-Gerilme Kavramı : Giriş, Gerilme tahmini, Gerime bileşenleri, Gerime tansörü, Eksenel kuvvet, Ortalama kayma gerilmesi, Basit yapı elemanlarında gerilme uygulaması, İnce cidarlı basınç kapları, basınç kapları, Emniyet (Güvenlik) gerilmesi Emniyet faktörü 3-Şekil değiştirme, malzeme ilişkileri : Giriş, Birim şekil değiştirme, şekil değiştirme, Birim şekil değiştirme şekil değiştirme bileşenleri,şekil değiştirme tansörü, Mühendislik malzemeleri Gerilme-birim şekil değiştirme şekil değiştirme diyagramları, Hooke Kanunu, Poisson oranı, Genelleştirilmiş Hooke Kanunu, şekil değiştirme şekil değiştirme enerjisi. 4-Gerilme ve şekil değiştirme analizi: Giriş, Düzlem gerilme hali, Asal gerilmeler, En büyük kayma kayma gerilmesi Mohr gerilme dairesi, Gerilmenin ve diferansiyel denge denklemleri, Düzlem şekil değiştirme değişimi ve şekil değiştirme hali, şekil değiştirmenin şekil değiştirmenin ölçülmesi, Gerilme-şekil değiştirme şekil değiştirme ilişkileri .
3
5-Eksenel Kuvvet Hali: Giriş, Eksenel yüklü elemanlarda şekil değiştirme hesabı, Eksenel kuvvet halinde hiperstatik yapı elemanları, Süperpozisyon yönteminin uygulanması, Sıcaklık değişiminden doğan şekil değiştirme ve gerilmeler, Eğik düzlemlerde oluşan gerilme bileşenleri, Gerilme yığılmaları, Saint-Venant prensibi. 6- Kesme kuvveti hali: Gerilme hesabı, Şekil ve ve yer değiştirme hesabı, Perçinli ve ve civatalı birleşimler . 7- Alan Momentleri: Tanım, eksenlerin değiştirilmesi, Asal atalet eksenleri ve momentleri. 8- Burulma Momenti hali: Burulma momenti diyagramları, Dairesel kesitli elemanlarda gerilme hesabı, şekil değiştirme hesabı, Dairesel kesitli elemanların boyutlandırılması, Burulmada şekil değiştirme şekil değiştirme enerjisi hesabı, Dairesel olmayan kesitlerin burulması. 9- Eğilme: Tanım, kabuller, düz eğilme, .. düz eğilme, eğik eğilme, eğik eğilme, kompozit kirişlerin eğilmesi ..
DEĞERLENDİRME I. Yarıyıl içi Final % 50 Yarıyıl içi % Il. Yarıyıl içi Yarıyıl içi % Bilgi Yoklamaları % (Sınavlar kapalı (Sınavlar kapalı düzen olarak yapılacak, formül sayfası formül sayfası verilecektir) TELAFİ SINAVI Sözlü ve/veya yazılı olarak yapılacaktır . (Öğrencinin hangi sınava katılmadığına bakılmaksızın tüm konular kapsanacaktır .) .) DERS KİTABI Dr A.C, UĞURAL, Mechanics of Materials , Mc.Graw-HiIl 1991 Dr. Mustafa İNAN Cisimlerin Mukavemeti, İTÜ Vakfı Yayını,1990 YARDIMCI KAYNAKLAR 1http://web.mst.edu/~mecmovie , http://web.mst.edu/~mecmovie , http://web.mst.edu/~oci/frame1.html 2Dr. Mehmet H. OMURTAG, Mukavemet Cilt I ve Cilt II Birsen yayınevi, 2007 3Dr. Mehmet H. OMURTAG, Mukavemet Çözümlü Problemleri, Cilt I, Cilt II, Birsen yayınevi, 2006 4Ferdinand P.BEER & E.Russel JOHNSTON, Mechanics of Materials, McGraw-Hill Book Comp.1981 5Dr.N. KADIOĞLU, Dr.H. ENGİN, Dr.M. BAKİOĞLU ,Mukavemet Problemleri Cilt I, Cilt II, Beta Basım Yayım Dağıtım A.~.1989
4
TEMEL İLKELER GİRİŞ Mukavemet, yük etkisi altındaki cisimlerin gerilme ve şekil değiştirme durumunun -iç davranışın- incelendiği uygulamalı mekaniğin bir dalıdır. Buradaki cisim kelimesiyle çubuklar, plak ve kabuklar, kolon ve miller ile bu elemanların birleştirilmesiyle oluşan yapı ve makineler kastedilmektedir. Cisimlerin dayanımı veya şekil değiştiren cisimler mekaniği olarak da adlandırılan malzeme mekaniğinde öncelikle gerilme analizi ve cisimlerin mekanik özelikleri incelenir. Malzeme mekaniği çalışmaları, kuvvet etkisindeki cisimlerde denge kavramının anlaşılmasıyla başlar. Statik dersinde dengedeki katı cisimlerin dış davranışı incelenirken mukavemette dış yüklerden oluşacak iç kuvvetler ve şekil değiştirme araştırılır. Burada ilk olarak statik denge denklemleri ve yük etkisindeki bir cisimde uygulanması üzerinde durulacaktır. Daha sonra malzeme deformasyon yasaları ve geometrik uygunluk koşulları ele alınacaktır.
Katı cisimlerin yük etkisindeki davranışlarının incelenmesi Galileo Galilei (1564-1642) ile başlayıp kuvvet etkisindeki cisimlerin şekil değiştireceğini ilk defa ifade eden Robert Hooke (1635-1703) (1635-1703) la devam devam eder. O zamandan bu yana yana pek çok mühendis, bilim adamı ve matematikçi gerilme analizine katkıda bulunarak bu gün kullandığımız yeni yöntemlerin gelişiminde önemli rol oynamıştır.
AMAÇ Mukavemette temel amaç, cisimlerin yük taşıma kapasitelerinin dayanım, rijitlik ve stabilite bakımlarından araştırılmasıdır. Sözü edilen kavramlarla bir cismin sırasıyla sürekli şekil değiştirme veya kırılmaya karşı direnci, şekil değiştirme direnci ve cismin denge konumunun kararlılığı kastedilmektedir. Gerçek yapılardaki karmaşık gerilme durumunu deneysel olarak tespit edilen eksenel gerilmeye bağlayan kırılma teorilerinin vereceği gerilme düzeyi, bazen dayanım için bir ölçü olarak kullanılır. Göçme veya kırılma en genel anlamıyla yapının herhangi bir parçasının kendisinden beklenen işlevi yerine getirememesi olarak tanımlanacaktır. 5
Örneğin eleman şeklindeki kalıcı deformasyon, denge konumundaki değişiklik ve yapı elemanının kullanımına engel olacak şekil değişimleri bizim için ayrı ayrı birer göçme biçimidir. Mukavemetin başlıca uğraşı alanları şöyle özetlenebilir. 1- Yük etkisindeki cisimlerde gerilme ve şekil değiştirme durumunun araştırılması 2- Yapıların hasar görmeden ve/veya göçmeden ve kendisinden beklenen işlevi kaybetmeden taşıyabileceği büyük yükün büyük yükün hesap yada deneyle bulunması 3-
en
Belirli şartlar altında tanımlanmış yüklere karşı en etkin şekilde direnebilecek malzemenin seçimi ve eleman şeklinin belirlenmesi –boyutlandırma-
Teknolojideki gelişme, yapı gelişme, yapı ve makinelerin daha karmaşık hale gelmesine yol açmaktadır. Bu durumda mühendislerin gerilme, şekil değiştirme ve malzeme davranışı konularını iyi kavrayıp bu konularda ustalaşmaları gerekmektedir. Bu derste şekil değiştiren cisimler mekaniğinin temel kavram ve bilgilerinin verilmesi kadar uygulamadaki kullanılışı hususu üzerinde de durulacaktır. Konunun tam olarak anlaşılması yanında anlaşılması yanında pratik problemlerin çözümünde kullanımını görmek en iyi öğrenme yöntemidir öğrenme yöntemidir.
ANALİZ YÖNTEMLERİ Elastisite teorisi olmak üzere Yüklerin şekil değiştiren cisimler üzerindeki etkisinin incelendiği a) Mukavemet b) Elastisite yaygın olarak kullanılan iki farklı yaklaşım farklı yaklaşım bulunmaktadır. Bu iki yaklaşım arasındaki temel fark, şekil değiştirmelerin tanımından ve yapılan basitleştirmelerden kaynaklanmaktadır. Mukavemette, mühendislik uygulamalarıyla deneysel çalışmaların sonuçlarından faydalanılarak bazı basitleştirici kabuller altında problemin çözümü aranır. Elastisite Teorisinde ise her adıma matematik açıdan yaklaşılır. Dolayısıyla yükleme ve problem şeklinin basit olduğu durumlarda kesin sonuca ulaşılır. Elastisite Teorisinde kesin sonuca ulaşmada matematik güçlükler bulunur. Yapı elemanlarının analizinde aşağıda verilen hususların düşünülmesi gerekir 6
elemandan alınan herhangi bir parçada kuvvet denge 1- Statik denge: Yapı elemanının bütününde veya elemandan
denklemleri sağlanmalıdır. 2- Şekil değiştirmeler: Yapı elemanını oluşturan oluşturan malzemenin malzemenin davranışı gerilme gerilme-birim şekil değiştirme (σ -ε ) bağıntısına uygun olmalıdır. 3- Geometri: Yapı elemanında şekil değiştirmeden değiştirmeden sonra herhangi bir kopma kırılma ve kütle kaybı kaybı olmamalı, yapı elemanı bütünlüğünü korumalıdır.
Yukarıdaki ilkelerin uygulanmasıyla bulunan gerilme ve birim şekil değiştirmelerin elemanın sınır koşullarına uygun her zaman yukarıdaki adımların olması gerekir. Bu durum, sınır koşullarının sağlanması olarak ifade edilir. Analizde her verilen sırayla uygulanması gerekmeyebilir. Gerilme ve şekil değiştirme analizinde, şekil değiştirme enerjisi kavramından hareketle geliştirilen enerji yöntemleri, denge yöntemi yerine kullanılabilir. Her iki yöntem yükleme yöntem yükleme ve eleman şeklinin düzenli olması durumunda yeterli hassaslıkta sonuç verirken karmaşık problemlerin çözümünde de sayısal yöntemlerin sayısal yöntemlerin uygulanabileceği temeli oluştururlar. KUVVET VE YÜKLERİN SINIFLANDIRILMANSI Cisme etkiyen bütün kuvvetlerle mesnetlerde oluşan reaksiyonlar dış kuvvetler olarak düşünülür. Bu kuvvetleri yüzey kuvvetler olarak ve cisim kuvvetleri olarak sınıflandırmak mümkündür. Tekil tipteki yüzey kuvveti sonlu bir alana yada tek bir noktaya etkirken cisim kuvvetleri, çekim kuvveti veya manyetik kuvvetler gibi cismin her bir hacim elemanına etkide bulunur. Dünyanın cisimlere uyguladığı çekim kuvvetine ağırlık adını veriyoruz. İç kuvvetler ise cismin bünyesini oluşturan malzeme parçaları arasındaki etkileşim kuvvetleri olarak algılanır. Cisme etkiyen yükler tekil veya yayılı kuvvetlerle kuvvet çiftleri olabilir. Eğer kuvvetin etkidiği alan elemanın boyutları ile kıyaslandığında küçük kalıyorsa kuvveti tekil kuvvet olarak kabul etmek mümkündür. Cisme yavaşça etki eden durağan yüklere durağan yüklere statik yükler, aniden etkiyen yüklere de darbe yada çarpma yükleri çarpma yükleri denir. Yükün cisme binlerce defa etki edip kaldırılması ise tekrarlı yükleme olarak isimlendirilir. Aksi belirtilmedikçe cismin ağırlığı ihmal edilip, newton (N), uygulamada uygulamada çoğu zaman yüklemenin statik olduğu kabul edilecektir. SI birim sisteminde kuvvet birimi newton kilonewton (kN) olarak kullanılır. 7
Yüklerin Sınıflandırılması : 1) Şiddeti zamanla değişen yükler (Dinamik yükler) 2) Şiddeti zamanla değişmeyen yükler (Statik yükler)
Etkime Biçimine Göre Yüklerin Sınıflandırılması: 1) Tekil yük 2) Yayılı yük a) Eğri boyunca yayılı yük yük b) Alana Yayılı yükler c) Hacme yayılı yükler
Düzgün yayılı yük
Üçgen yayılı yük L
y y
R q x dx
L
q
R qL qdx
q
q x
0
0
L
0
x
x
Parabolik yayılı yük 1 2
q
q x
q0 L
0
sin
L L x R q0 sin dx L 0
y
q0
x
x
x
L
L
L
STATİK DENGE KOŞULLARI
Yapı ve makine elemanlarının tasarımında bu elemanlarda oluşan iç kuvvetlerin dağılımının bilinmesi gerekir. Dış ve iç kuvvetlerin belirlenmesinde statiğin temel kavramları ile denge koşulları kullanılır. Daha sonra göreceğimiz bileşke iç kuvvetin bileşenlerinin –kesit zorlarının- oluşturacağı deformasyonlar mühendisler açısından özel bir anlama sahiptir. Cisme etkiyen kuvvet sisteminin bileşkesi sıfırsa, cisim dengededir. Newton’un birinci yasasına göre parçacığa etkiyen bileşke kuvvet sıfır ise parçacık ya hareketsiz kalır yada sabit hızlı düzgün doğrusal hareket yapar. Statik adından da anlaşılacağı üzere temelde cisim veya parçacığın hareketsiz olma durumunu inceler. Üç boyutlu bir cismin dengesi düşünüldüğünde, statikçe dengenin olabilmesi için aşağıdaki denklemlerin sağlanması gerekir. 8
F
x
0
F
y
0
F 0 z
M
x
0
M
y
0
M 0 z
Daha açık bir ifade ile cisme etkiyen kuvvetlerin herhangi bir doğrultudaki toplamı ile herhangi bir eksen etrafında oluşturacağı momentler toplamı sıfır olmalıdır. Eğer cisme etkiyen kuvvetler tek bir (x-y) düzlemin içinde ve dengede ise yukarıdaki bağıntılardan üçünün otomatik olarak sağlanacağı ΣFz=0, ΣMx=0, ΣMy=0 aşikardır. Dolayısıyla düzlem problemlerde üç bağımsız denge denklemi bulunmaktadır.
F 0
F 0
x
M 0
y
z
Düzlem Hal için
Açıkça kuvvetlerin herhangi iki doğrultudaki (x,y) toplamı ile düzlem içindeki herhangi bir A noktasına veya z eksenine göre bileşke moment sıfır olmalıdır. Yukarıdaki denklemlerin yerine aşağıdaki iki ayrı denklem takımı kullanılabilir.
F
x
M
0
A
0
M
A
M
0
B
0
M
Burada A ve B noktalarını birleştiren doğru x eksenine dik 0 olmamalıdır .
M
0 Burada da A, B ve C noktaları aynı doğru üzerinde bulunmamalıdır.
B
C
Alternatif denge denklemleri, kuvvet toplamının moment toplamı ile değiştirilmesi yoluyla elde edilmiştir. Moment alınacak noktanın dikkatlice seçilmesi durumunda alternatif denklemler cebrik hesapları önemli ölçüde basitleştirir. 9
İvmeli hareket eden bir cisimde statik denge denklemleri yazılırken ilave olarak atalet kuvvetlerinin de dikkate alınması gerekir. Yapı analizi bakımından atalet kuvvetlerinin dış yüklere eklenerek, cismin üzerindeki tüm kuvvetlerin etkisi altında dengesinin incelenmesi D’Alembert ilkesi olarak adlandırılır. Mühendislik problemlerinin büyük çoğunluğu dengedeki yapı ve makinelerle ilgilidir. Genellikle yükler adını vereceğimiz tanımlı ve belirli kuvvetler etkisinde reaksiyonlar adını vereceğimiz yükleri vereceğimiz yükleri dengeleyen bilinmeyen kuvvetlerin bulunması söz konusudur. Yalnızca denge denklemleri yardımıyla bütün kuvvetlerin belirlenebildiği problemlere izostatik, denge denklemlerinin bütün kuvvetlerin belirlenmesine yetmediği problemlere problemlere de hiperstatik denir. Hiperstatiklik derecesi, bilinmeyen bağımsız kuvvet sayısı ile yazılabilen denge denklemi sayısı arasındaki farktır. Statikteki denge denklemleri ile belirlenebilecek olan dışındaki her bir reaksiyona hiperstatik bilinmeyen (Redundant) adı verilir. Herhangi bir sistemdeki hiperstatik bilinmeyen sayısı ile hiperstatiklik derecesi birbirine eşittir.
İÇ KUVVETLER : KESİM YÖNTEMİ Kesim
Cisme dış kuvvetler etkidiğinde, cisimde bir şekil değişimi ile birlikte cismi oluşturan parçacıklar arasında bu parçacıkları bir arada tutacak iç kuvvetler ortaya çıkar. Şimdi mukavemetteki ana konulardan biri olan iç kuvvetleri kesim yöntemi yardımıyla incelemeye başlayabiliriz. Kesim yönteminin uygulanmasındaki adımlar şöyle sıralanabilir. 1- Cismin, bağlı olduğu diğer cisimlerden ayrılarak mesnet reaksiyonları da dahil olmak üzere etki eden bütün kuvvetlerin gösterildiği çizimlere Serbest Cisim Diyagramı (SCD) adı verilir. Uygulamada cismin yapacağı şekil değiştirmeler cismin kendi boyutları yanında ihmal edilebilecek kadar küçük olacağından SCD çiziminde dikkate alınmazlar. 2- Bilinmeyen dış kuvvetlerin belirlenmesi amacıyla SCD üzerindeki kuvvet sistemi için denge denklemleri yazılır.
Düzlemi
Dış Kuvvetler
İç Kuvvetler
10
3- Cisim herhangi bir yerden hayali bir düzlemle kesilerek ikiye ayrılır. Parçalardan biri göz önüne alınarak 2. adımdaki işlemler tekrarlanır. Mademki cisim bir bütün olarak dengededir, kesimle ortadan kaldırılan iç kuvvetlerin dikkate alınması şartı ile o bütünden ayrılan herhangi bir parçanın da dengede olması gerekir. Bu noktada, dış kuvvetlerin iç kuvvetlerle dengelenmekte olduğunu, diğer bir deyişle dış kuvvetlerin, eleman boyunca –kesim düzlemine bağlı olmak kaydıyla- iç kuvvetler şeklinde yayılı şeklinde yayılı olarak devam ettiklerini söyleyebiliriz. En büyük gerilmeyi oluşturan iç kuvvetlerin bulunduğu yere elemanın kritik kesiti adı verilir. Eleman üzerinde yalnızca üzerinde yalnızca tek bir kuvvet etki ediyorsa kritik kesitin yer ve doğrultusuna gözlemle karar verilebilir.
KESİT ZOR(LAMA)LARI
Yapı elemanlarının büyük bir çoğunluğu çubuklardan meydana gelir. Bir yapı elemanının çubuk olarak isimlendirilebilmesi için uzunluğunun, enkesit büyük kenarının 5 katından daha fazla olması gerekir. Çubukların herhangi bir kesitine etkiyen iç kuvvetleri, enkesitin ağırlık merkezinde etkiyen bir kuvvetle bir kuvvet çifti vektörü olarak gösterebiliriz. İç kuvvetlerin bileşkesi olan bu iki vektör, enkesite dik ve teğet doğrultulardaki bileşenlerine ayrılabilir. N, S, Mb ve Me ile gösterilen bu bileşenlerden yalnızca bileşenlerden yalnızca birinin bulunması haline, basit mukavemet halleri adı verilir.
F3
F1
M
Eğilme Momenti
F2
Me
M Burulma Momenti
Mb
s
R
N
Eksenel kuvvet
F5 F4
S Kesme Kuvveti
R 11
EKSENEL KUVVET - Akashi-Kaikyo Bridge from the air -
12
KESME KUVVETİ
13
14
KESME KUVVETİ
15
16
Her bir bileşen bir mukavemet halini gösterir. Bir kesitte kesitte bu tesirlerden bir kaçı bir arada bulunursa bu duruma bileşik mukavemet hali denir. Kullanılacak olan sağ-üçlü koordinat takımının x ekseni her zaman çubuk ekseni ile çakıştırılacak, y ekseni yukarı, z ekseni ise okuyucuya doğru yönlendirilecektir doğru yönlendirilecektir. y
Sağ Üçlü
(+) eksen
Eksen
x
Takımı
yönleri
z
Kuvvet çifti vektörünün yönleri vektörünün yönleri daima sağ-el kuralı ile belirlenecek ve kuvvet vektörleriyle karışmaması için uçlarında çift ok gösterilecektir. Dik kesitte bulunan iç kuvvetlere kesit zor(lama)ları adı verilir. Her bir kesit zoru çubukta farklı bir şekil değiştirme meydana getirir. Rx eksenel kuvveti elemanın boyunu uzatmaya yada kısaltmaya çalışır. Eğer bu kuvvet kesim yüzeyinden uzaklaşıyorsa eksenel çekme, kesim yüzeyine doğru yönlenmiş doğru yönlenmiş ise eksenel basma kuvveti adını alır. R y, Rz kesme kuvvetleri komşu malzeme parçalarını keserek birbirinden ayırmaya çalışır. Genellikle S harfiyle gösterilir. Mx burulma momenti veya tork elemanı kendi ekseni etrafında döndürmeye çalışır ve genellikle T harfi ile gösterilir. M y, Mz eğilme momentleri ise çubuğu bükmeye çalışır 17
y
Bileşke kuvvetin
Bileşke kuvvet kuvvet çiftinin
eksenler
eksenler
doğrultusundaki bileşenleri
y
doğrultusundaki. bileşenleri
My (Eğilme Momenti) Ry Sy (Kesme Kuvveti)
Mx
x
Rz
x
Rx Nx (Normal Kuvvet)
T, M b (Burulma Momenti)
Sz (Kesme Kuvveti) z
R R xi Ry j Rz k R Ni S y j S z k
Mz (Eğilme Momenti ) z
M M x i M y j M z k M T i M y j M z k
Herhangi bir yapı elemanı kesit zorlarından bir veya bir kaçına veya tamamına aynı anda maruz kalabilir. Tasarımda her bir kesit zoru ayrı olarak ele alınıp çözüm yapılır çözüm yapılır. Daha sonra bulunan sonuçların uygun şekilde birleştirilmesiyle nihai çözüme ulaşılır. Dolayısıyla kesit zorlarıyla kesit zorları kullanılarak bulunan gerilme ve birim şekil değiştirmelerin hesaplanmasında kesim yöntemi ilk adım olarak karşımıza çıkmaktadır. Uygulamada bütün kuvvetler tek bir düzlem içinde etki ettiğinden (x-y düzlemi) problem büyük ölçüde basitleşmektedir. Düzlemsel problemlerde kesite etkiyen üç kesit zoru eksenel kuvvet N, kesme kuvveti S y ve eğilme momenti Mz dir. Bir düzlemin normal vektörünün koordinat ekseni ile aynı yönlü aynı yönlü olması durumunda bu düzleme pozitif düzlem aksi halde negatif düzlem denir. Newton’un üçüncü yasasına göre kesit zorları kesimle ayrılan parçalara eşit ve zıt yönlü olarak etkir. 18
KESİT TESİRLERİ İÇİN POZİTİF YÖN KABULLERİ Bir düzlem, o düzlemden dışarıya doğru yönelen birim vektörle tarif edilir. Normalleri, koordinat eksenlerinin pozitif yönleri ile çakışan düzlemlere sırasıyla +i, +j, +k düzlemleri denir. Aşağıda sol tarafta gösterilen ve normali +x ekseni yönünde olan (+ i) düzleme pozitif x düzlemi veya sağ kesit de denmektedir. Eksenel kuvvet, kesme kuvveti ve eğilme momenti için pozitif düzlemde koordinat eksenleri yönündeki, negatif düzlemde ise koordinat eksenlerine ters yönlü kuvvetler pozitif kabul edilecektir. Bu işaret kabulü çubukların yük etkisi altındaki davranışına adapte edilebilir. Örneğin pozitif eksenel kuvvetler çubuk boyunu uzatır. y
y
+y/+j
düzlemi
Sol kesit/ - x / - i
My
Mz
düzlemi Sz
Sy N
T x
+z/+k
x
N
Mb
Sy
düzlemi
Sz Mz
M
Sağ kesit/ + x / + i
z
My
düzlemi M
z
M
-
+ S
Düzlem çubukta + iç kuvvetler
S
S
N
+
S
-
+ N
M
Düzlem çubukta – iç kuvvetler
N
N
-
19
MESNET TİPLERİ VE GÖSTERİM ŞEKİLLERİ
Aynı düzlemdeki yüklerin düzlemdeki yüklerin etkisinde bulunan yapı elemanlarının mesnet tipleri aşağıda gösterilmiştir. Bu gösterim şekilleri yapı elemanlarının SCD çizilirken kullanılır. Hareketli mafsal, yapı elemanının bir doğrultudaki yer değiştirmesine ve dönmesine izin veren ancak belirli bir doğrultudaki yer değiştirmeye engel olan mesnet tipidir. Sabit mafsal, elemanın dönmesine izin veren ancak herhangi bir doğrultudaki yer değiştirmesine engel olan bir mesnet tipidir. Sabit ve hareketli mafsallara basit mesnetler denir. Ankastre yada sabit mesnet, elemanın yer değiştirmesine ve dönmesine engel olan mesnet tipidir. Dolayısıyla sabit mesnetlerde hem momente hem de herhangi bir doğrultudaki kuvvete karşı konur. Bu kuvvet yüzeye teğet ve normal doğrultulardaki bileşenlerine ayrılabilir. Serbest cisim diyagramlarında her bir mesnetteki reaksiyon kuvveti (R) ve moment (M) gösterilir. Elemandaki iç kuvvetlerin bulunmasına reaksiyonların belirlenmesinden sonra başlanır. A) Hareketli Mafsal
B) Sabit Mafsal
y
C) Ankastre Mesnet
y
x
y
x
0 M z 0 R x
y
y
Mz
x
R
M z 0 x
Rx
x
Rx Ry
20
H A R E K E T L
İ
M A F S A
21
S A B
İ
T M A F S A L
BÜKREŞ’TE BİR ALIŞ-VERİŞ MERKEZİ, TEMMUZ 2004
22
TASARIMDA BAŞLICA ADIMLAR
Tasarımın ana amacı, yapı elemanlarının verilen yükleri göçmeksizin taşıyabileceği ve kendisinden beklenilen işlevleri yerine getirebileceği uygun malzeme, eleman şekil ve boyutlarının belirlenmesidir. Bu aslında bir optimizasyon problemidir. Yukarıda sözü edilen amaçlara ulaşmadaki etkinlik kullanılan malzeme ve yapım maliyetinin minimum yapılmasıyla başarılır. Yük etkisindeki bir elemanın tasarımında aşağıdaki hususlar göz önüne alınmalıdır. 1. Elemanın kendisinden beklenilen işlevleri hangi durum(lar)da kaybedeceği belirlenmelidir. 2. Verilen yüklemeden oluşacak gerilme ve birim şekil değiştirme durumu tespit edilmelidir. 3. Geril rilme ve bi birim şekil değiştirme gibi önemli büyüklüklerin elemanda göçme oluşturmaksızın alabileceği en büyük değerleri belirlenmelidir. 4. Güvenlik katsayıları seçilmelidir. Yukarıdaki işlem adımları, verilen problemin yapısına bağlı olarak uzayıp kısalabilir. Pek çok etkinin dikkate alınması söz konusu olduğunda çoğunlukla bir deneme- yanılma işlemiyle tasarım sonuçlandırılır. Bu derste eleman malzemesi ile geometrik boyutlar önceden seçilmiş olduğundan tasarım sırasında yalnızca sırasında yalnızca dayanım koşulunun sağlanması üzerinde durulacaktır. Basit mukavemet hallerinin incelendiği bölümlerde çıkartılacak formüller, uygun eleman boyutlarının seçiminde kullanılacaktır. Elemanların tasarımında dikkate alınması gereken diğer hususlar da yükleme sonucu elemanda oluşacak deformasyonun hesaplanması ve burkulmadır. Bu konulara konulara daha daha sonraki sonraki bölümlerde açıklık getireceğiz.
23
Kullanılan Birim Sistemi
Faktör
Hece
İşaret
Kuvvet
F
N, kN
1012
Terra
T
Uzunluk
L
mm, m
109
Giga
G
Zaman
t
sn
106
Mega
M
Alan
A
mm2 , m2
103
Kilo
k
Hacim
V
mm3, m3
102
Hekto
h
I
mm4, m4
10
Deka
da
Mukavemet Mukavemet Momenti
W
mm3, m3
Faktör
Hece
İşaret
Moment
M
Nm, kNm
10-1
Desi
d
10-2
Santi
c
10-3
Mili
m
10-6
Mikro
10-9
Nano
n
10-12
Piko
p
10-15
Femto
f
10-18
Atto
a
Atalet Momenti
Gerilme
Elastisite Modülü İvme İş-enerji
,
N/m2 ,
E
GPa
a
m/sn2
W,U
N/mm2
Joule
Pascal Pascal 1 Pa
N m 2
MPa MPa MN m 2
MPa 1 MPa
106 N m 2
N mm 2 106 N m 2 MPa MPa
24
ÇUBUK MUKAVEMETİNİN ESASLARI Yapılar boyutları bakımından 1- Çubuklar (tel, halat, kablo, direk, kiriş, kemerler, Bir boyutlu taşıyıcı cisimler 2- Levha, plak ve kabuklar (Döşeme plakları, kubbe ve tonozlar) 3- Üç boyutlu yapılar (Ağrılık barajları) şeklinde üç sınıfa ayrılabilir. Mukavemette yalnız çubuk şeklindeki cisimler incelenecektir. Çubuklar eksen ve dik kesiti ile belirginleşir. Eksen genel olarak bir uzay uzay eğrisi olup, çubuğun büyük olan boyutunu temsil ederken dik kesit ise kapalı bir eğri ile çevrelenmiş düzlem parçasıdır. Sabit kesitli, doğru eksenli çubuklara prizmatik çubuklar denir. Çubuğa etkiyen dış kuvvetler çoğu defa yayılı olup doğrultuları genellikle çubuk ekseninden geçer. Eğer dış kuvvetlerin tesir çizgileri çubuk ekseninden geçmiyorsa bu kuvvetler çubuk eksenine kuvvet çiftleri ile birlikte taşınır. KESİT ZORLARININ BULUNMASI Kesit zorlarının bulunmasında aşağıdaki yöntemler kullanılabilir. 1- Kesim yöntemi (STATİK) Dış kuvvetlerin etkisi altındaki sistemin mesnet tepkileri hesaplanır. Eleman, süreksizlik gösterdiği noktalardan bölgelere ayrılır. Bu noktalar, noktalar, tekil yüklerin uygulandığı noktalar, yayılı yüklerin yayılı yüklerin başladığı ve bittiği yerler ve çubuk kesitinin değiştiği noktalardır. Her bir bölgedeki kesit zorları yazılan zorları yazılan denge denklemleri yardımıyla hesaplanır. 2- İntegrasyon yöntemi Kesit zorlarına ait diferansiyel denge denklemleri, sınır koşulları dikkate alınarak çözülür.
25
YAYILI YÜKLER ETKİSİNDEKİ DOĞRU EKSENLİ BİR KİRİŞTE
KESİT ZORLARININ DİFERANSİYEL DENGE DENKLEMLERİ Genellikle ekseni boyunca etkiyen yayılı yükleri yayılı yükleri eğilme dirençleri yardımıyla dirençleri yardımıyla mesnetlerine aktaran bir boyutlu (en kesit boyutları küçük, uzunluğu büyük olan) yapı elemanlarına kiriş adı verilir. Şimdi dış yüklerle kesit zorları arasındaki bağıntıları elde etmek istiyoruz. Aşağıda gösterilen basit kirişe x ve y eksenleri doğrultusunda q x ve q y yayılı yükleri yayılı yükleri etkisin. qx ve q y sırasıyla x ve y eksenleri doğrultusunda etki eden yayılı yüklerin yayılı yüklerin şiddetindeki değişimi x koordinatına bağlı olarak ifade eden fonksiyonlardır. Yayılı yükler ve mesnet reaksiyonları altında dengede olan kirişten dx kalınlıklı küçük bir parça çıkartılsın. Bütünü dengede olan çubuktan alınan bu küçük parçanın da üzerine etkiyen yükler ve kesit zorları altında dengede olması gerekir. Alınan dx kalınlıklı parçanın sağ yüzündeki zorlamaların sol yüzdeki zorlamalardan dN, dS ve dM kadar farklı olduğu kabul edilmiştir. Eksenler doğrultusundaki denge denklemlerinden kirişe ait aşağıdaki üç diferansiyel denklem bulunur. y
y
q y x
x
N
2 dx
q x x
F 0 N dN N q dx 0 F 0 S dS S q dx 0 M 0 M dM M q dx dx2 Sdx 0 x
x
y
S + dS
M
x 1
qydx
dN dx
q x
o qxdx S dx
dS dx
q y
x
N + dN M + dM
dM dx
S
y
z
y
dS dx
2 dM dM d M 2 q y dx dx dx
d
2
d M dx
2
qy 26
Kiriş diferansiyel denklemlerinin integrasyonu ile kesit zorları fonksiyonları belirlenebilir. İntegrasyon sabitlerinin bulunmasında kesit zorlarının başlangıç değerlerinden yararlanılır. İntegrasyon yöntemi özellikle yayılı yük fonksiyonlarının verildiği hallerde kolaylık sağlar. Önceki sayfada çıkarttığımız diferansiyel denklemleri belirli iki nokta arasında mesela 1 ve 2 noktaları arasında integre edersek aşağıda gösterilen ifadeler elde edilir. Bu ifadelerin sağ taraflarındaki integrallerin fiziki anlamları sırasıyla negatif işaretle söz konusu noktaların arasındaki yayılı arasındaki yayılı yük yük fonksiyonlarının altında kalan alan ile yine negatif işaretle kesme kuvveti diyagramının altında kalan alan olarak söylenebilir. Söz konusu denklemlerin sol tarafları ise sırasıyla her bir kesit zorundaki değişimi vermektedir. dN dx dS dx
q x
N2 N1
qx dx YFAKAx
Yayılı yük Yayılı yük fonksiyonu altında kalan alan
1 2
q y
dM dx
2
S2 S1
qy dx YFAKAy
Yayılı yük Yayılı yük fonksiyonu altında kalan alan
1 2
S
M 2 M1
S y dx KKDAKA
Kesme kuvveti diyagramı altında kalan alan
y
1
Py
KİRİŞE TEKİL YÜK TEKİL YÜK VE MOMENT ETKİMESİ HALİ Kesit zorlamalarına ait diferansiyel denge denklemleri bulunurken göz önüne alınan çubuk parçası üzerinde herhangi bir tekil kuvvet yada kuvvet çifti etkimediği düşünülmüştür. Eğer tekil kuvvet ve kuvvet çiftleri varsa kuvvet zorlarında süreksizlik olacaktır. Herhangi bir kesitte x ve y eksenleri doğrultusunda Px ve P y tekil kuvvetleri ile bir M momenti etkisin. Tekilliğin olduğu yerden alınacak bir eleman üzerinde denge denklemleri yazıldığında yandaki bağıntılara
M1
S2
M
N2
x
Px
N1
M2
S1 N2 N1 P x S2 S1 P y M
M
М
27
ÖRNEK 1
Şekildeki konsol kirişin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz.
10 kN 2m
6 kN
10 6
6
10
10
6
10
100
A
C 4m
B
20
10
6m
16
0 x 4
Sy [kN]
F 0 y
6
M
16
6 S y x 0 M o 0
N
o S
x
+
6 +
0
6 x M z x
x
100 [kNm]
4 x 10
F 0 y
M
24 Mz
_
4
N
_
x
S y x 6kN
M z x 6x
S y x 16kN
100
o S
x
20
10-x
16
M
o
0
100 1610 x 100
M z x
28
Şekildeki kirişin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz.
ÖRNEK 2 y
F 0 R 0 F 0 R R qL L M 0 R L qL 2 0
qy=-q B
A
x
R yA
A y
y
R xA q yL L
A x
x
A z
R yB
d M z x 2
dx q y L
+
dM z x
_
q
M z x q
2
x
dx
Mz (+)
2
q y L 8
2
2
c1 x c2
M z x x L
0 c2 0 L
M z x q
2
x [kNm]
L
2
S x qx q +
q
2
S y qx c1
0 c1 q
2
(-)
L
Sınır Şartları (Mesnet Şartlarından) M z x x0
q y L
A
R y
B y
x
q
B y
2
Sy [kN]
B
R y
x
2
2
q
L 2
L 2
x
Maksimum Moment ve Yeri
0 M
S x
qx q
max max
L 2
0 x L
2
M max x L 2
q
L2 8 29
Şekildeki konsol kirişin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz.
ÖRNEK 3 y
qy=-(2x-2)
6 kN
0 x 1 bölg bölge esi
6kN/m A
B
dS
x
dx 11 kN
1m
dM
4 kN
3m
dx
x 0; S 6 c1 6; S 6kN
6 M 6x c2 x 0; M 0 c2 0; M 6x kNm kNm
1 x 4 bölg bölge esi
Sy [kN]
dS
6
+
+ _ 5
dM
x
dx Teğet yatay
M
6 _
x 1 2 S 5 c1 4; S x 2x 4 3 x 4 x 32 x2 4 x c2 c ; 2 3 3 M 0
2 2 x S x2 2x c1
dx
4
Mz [kN]m
0 S c1
x2 2x 4 M
x 3
3
x2 4x
32 3
veya AB bölgesi x +
2
d M 2
1,49
dx
dM dx
S
M
x
S
q y 2x 2
dx
3
x 2x c1
x 1 x2 2x c1; c1 4 S 5
3
x 4 x c2 ; 2
dM
x 1 32 c2
2
S
M
x
3
x2 c1x c2
x 2 2x 4 M
x
3
x 2 4x
32
30
Şekildeki basit kirişin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz. Nümerik uygulama L= 7 m. q0=10 kN/m
ÖRNEK 4
x l
q( x) q0 sin
y
A
B
x
R
F y 0
L R
1
l
20
q( x ).dx
R 1
l
20
x dx q0l l
q0l
cos
q0 sin
q l x x q( x) q0 sin S 0 cos c1 dx l l ql q l x x 0; S 0 c1 0 S 0 cos l 2 q0l q0l x dM x S cos M 2 sin c2 dx l l q0l 2 x x 0; M 0 c2 0 M 2 sin l dS
x l 10*7 cos x S ( x) 7 S ( x)
q0l 2
x M ( x) 2 sin l 10*7 2 x M ( x) s i n 2 7
31
x
x q( x) q0 sin l
y
A
0 0,5 1 1,5 2 2,5 3 3,5 4 4,5 5 5,5 6 6,5 7
B
x
R
L
R
25 20 15 10
S -22,2817 -21,72305 -20,07511 -17,42051 -13,89238 -9,667615 -4,958076 8,18E-05 4,958236 9,667762 13,8925 17,42061 20,07518 21,72309 22,2817
M 0 11,04761 21,54125 30,95471 38,81597 44,73082 48,40267 49,6474 48,40259 44,73066 38,81574 30,95442 21,54092 11,04726 -0,000365
5 Seri 1 0 -5 0
1
2
3
4
5
6
7
8
Seri 2
-10 -15
S ( x)
-20 -25
60
10*7
cos x 7
50 40 30 Seri 1 20 10 0
M ( x)
10*7 2 2
x 7
sin
32
2 x l
q( x) q0 sin
y
Ödev sorusunun çözümü
Şekildeki çıkmalı kirişin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz. Nümerik uygulama L=7 m. q 0=10 kN/m
B
A
C
x
L 0 x l
20
2 x q0l S ( x) cos 2 l 4 l x 1.5l q0l
S ( x)
L/2
q0l 2
2 x q0l l 2
cos
15
10 5 0
S
-5
Seri 1 0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
Seri 2
-10 -15 -20
0 x l M ( x)
q0l 2 4 2
-25
2 x
sin
l
x
q0l
4 x
x
-50
l x 1.5l
-40
M ( x)
q0l 2 4 2
2 x
sin
l
q0l
2 3 q0l
2 x 4
-30
t n e m-20 o M
Seri 1 Seri 2
-10 0 0
1
2
3
4
5
6
7
8
9
10
11
33
Şekildeki çıkmalı kirişin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz.
ÖRNEK 5 y q y
2,5 24
0 x 10 bölg bölges esii
x
2,5kN/m
dS y
x A 14 m
8m
dx
3 8,5 7 k N
[kN]
x S y
x
48
2
c1
x 0 S y
S y x
c 0 0 1
x
2
19,2
dS y
18,57
dx
+
48
x 2 M z
2, 5 144
x3 c2
x 0
c2 0 M z 0
M z x
+
2, 5 24
x S y
2, 5 48
x
2
c3
3
57,6
x 10
c 11, 11, 43 S y 6,22 3
S y x
x
-
x
10 x 24 bölg bölgesi
5,208
-
dM z
6,22
dx 20 80
Mz [kNm]
2, 5
24
2, 5
B
11 ,43 kN Sy
dx
dM z
10 m
2, 5
2, 5 48
x2 11, 43
M z
2, 5 144
2
19,2
11, 43 11,
x3 11, 43x c4
x 10
c4 114,3 M z 17,36
17,36
x
M z x
x
3
57,6
11,43x 114,3
24 x 32 bölg bölgesi -
1,42
-
x
10 x 24 S y
dS y dx
2, 5 S y 2, 5x c5
0 x 14, 81m
M z 14,81 ,81 1,41 ,41
x 24
x 24
c 80 S y 20 5
2,5 x 80 M z 1,25 x 80 x c6 c6 1280 M z 80 dx
dM z
2
2, 5x 80 2,
S y x
1,25 x
M z x
2
80x 1280
34
İki ya da daha fazla çubuğun (kiriş elemanının) uçlarından rijit şekilde birleştirilmesiyle oluşturulan taşıyıcı sistemlere çerçeve denir. Çerçeveyi oluşturan elemanlar çeşitli doğrultularda uzanırlar. Tek katlı tek açıklıklı çerçevelere portik adı verilmektedir. Sanayi yapılarında sıkça karşılaşılan portiklerin açıklığı 26-30 metre civarındadır. Yan tarafta bir sanayi yapısının taşıyıcı sistemi şematik olarak gösterilmiştir. Çerçeve elemanlarına ait kesit zorları, elemanlara ait eksen takımları kullanılarak belirlenir. Genelde elemanlara çerçevenin içinden bakılarak elemanın sol ucuna koordinat takımının merkezi yapıştırılır. x ekseni eleman ekseni ile çakıştırılır. y ekseni (bakış yönünde) yukarı doğru, z ekseni de kağıt düzlemine dik doğrultuda ve okuyucuya yönelecek biçimde gösterilir. Şimdi yatayla α açısı yapan bir elemanın herhangi bir kesitindeki Kesme kuvveti (S) ile Normal kuvvet (N) yi kolayca hesaplamak üzere iki bağıntı çıkaralım. N S
Pozitif S ve N kesit tesirleri
Y
x y
Pozitif Y ve D kuvveti
D
y
C x
y
x
D y
B
x
x y
A
E
Yatayla herhangi bir α açısı yapan çubukta göz önüne alınan kesitin solunda kalan parçadaki (yapıdaki) Yatay ve Düşey doğrultudaki bileşke kuvvetler Y ve D olarak belirlendiğinde söz konusu kesitteki kesme kuvveti S ve normal kuvvet N; y ve x doğrultularında yazılacak rında yazılacak toplam kuvvet sıfır denklemlerinden hesaplanabilir.
F F
y
0
S Y * sin D cos 0
x
0
N Y * cos D * sin 0
Y * sin D cos N Y * cos D * sin S
35
ÖRNEK 6
Şekildeki çerçevenin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz.
80 kN B
C D
m / N k 0 4
82,5 kN
36,8°
M F M
A z
Mesnet tepkilerini
3m
hesaplamak için yapının tamamında denge denklemleri
A
yazılırsa,
120 kN 4m 2,5 kN
2m
2m
S
N M =0 D=-2,5 kN
S A
120 0,6 2,5 0,8 70 kN
N A
120 0,8 2,5 0,6 97,5 kN
M A
S
N
L
S B
B
2,5 0,8 2 kN
N B L
M =170
M B L
2,5 0,6 1,5 kN 120 3 120 120 1,5 2,5 4 170kNm 120
D=-2,5 kN
2,5 1 2,5 kN
R B
S
R
D=-2,5 kN
0 Ay 2, 5 kN
S=82,5
N=0 M=170
C z
D noktasının sağı
S=2,5 kN B
Y=0
0
B noktasının Sağı
Y=0 kN
0 Ax 120 kN
B noktasının Solu
A noktasının noktasının Sağı
Y=-120 kN
x
Y * sin D cos N Y * cos D * sin
Önceki sayfada çıkartılan iki bağıntıyı kullanarak yüklemede veya elemanların doğrultusunda değişme olan kritik noktalardaki zorlamaları hesaplayalım.
S
0 Cy 82, 5 kN
N B
R B
M
2,5 0 0 1 0 170kNm
R
S D Y=0
N
D
M=165 D=-82,5
82,5 kN
R
N D
82,5 0 0 1 0
36
Bundan önceki problemlerdeki (tekil veya yayılı) yükler ya elemanın sol ucuna yapıştırdığımız x, y eksenleri doğrultusundaki bileşenleri cinsinden verilmekteydi ya da söz konusu eksenler doğrultusundaki bileşenlerine kolayca ayrılabilmekteydi. Bu problemdeki 40 kN/m lik düşeyde düzgün yayılı yükün AB elemanının A ucuna yapıştırılan x ve y eksenleri doğrultusundaki iki bileşene ayrılması (diğer bir ifade ile q x , q y yük fonksiyonlarının belirlenmesi) gerekir. N
AB dN
9 6
q y
dx M
72
qy=-72/5 =-14.4 kN/m
14.4 S 14.4 x c2
dx 2
3m
A 4m 2,5 kN
2m
2m
+
B
A
Sy [kN]
70
qx=96/5 =19.2 kN/m 170.14
x 0; N 97.5 c1 97.5
170
+
kN
Mz [kNm]
x 0; S 70 c2 70
1,5
kN 97,5
dM
S
°
120 kN
x
y
x
19.2 N 19.2 x c1
dx dx S 14.4 x 70 dM
k 9 6
B
A
dS
82,5 kN
36,8
x
y
N
dN
q x
D
0 x5m
eleman elemanı
dx dx N 19.2 x 97.5 dS
y
A
m / N k 0 4
C
2
B
120 kN N k
B
N
k 7 2
k 7 2
m / N k 0 4
80 kN
14.4 x 70 M 7.2x 70 x c3 x 0; M 0 c3 0
70
2
kNm
+
Nx [kN]
37
BC elemanının ortasına etkiyen 80 kN lık bir tekil kuvvet bulunmaktadır. Dolayısıyla D noktasından önceki ve sonraki kesit zoru fonksiyonları birbirinden farklıdır. Öncelikle koordinat takımını elemanın sol ucu olan B noktasına yapıştırarak, x koordinatının 0 ile 2 m. arasında değiştiği BD kısmında geçerli olan kesit zorları fonksiyonlarını belirleyelim. Kesit zorlarının x=0 daki başlangıç değerlerini daha önce çıkartılan S ve N bağıntıları ile belirlemiştik. Şimdi aynı değerleri kesim yöntemi ile hesaplayalım. BC elemanında qx , q y yük fonksiyonlarının her ikisi de sıfırdır.
C
B x
m / N k 0 4
82,5 kN
36,8
°
4m 2,5 kN
2m
Sıfır
x
3m
36,8°
2m
1,5
F 0 N 0 F 0 S 2.5 kN *1.5 2.5 * 4 120 *3 *3 0 M 0 M 120 *1
N
97,5
y
A
M
120 kN
3m
A
M
B
D
120 kN
S
m / N k 0 4
80 kN
y
+
Nx [kN]
82,5
170 kNm
4m
+
2,5 kN
BC dN
eleman ı 0
q x
dx x 0; N
x
2
2 m
dN
0 N c1 dx 0 c1 0 N 0
dS dS q y 0 S c2 dx dx 2.5 c2 2.5 S x 0; S 2. dM dx
S
0 M
BC
dM 2.5 M dx 170 170
dN
q x
dx x 4; N
kN
2.5
eleman ı 2
kN
x
4
2,5
+
+
m
dN
0 N c1 dx 0 c1 0 N 0
dS dS q y 0 S c2 dx dx 8 2.5 c2 82.5 S x 4; S 82
Sy [kN]
kN
70
82.5
170.14
170
165
+
kN
+
2.5 x c3
dM dx
S 4 M
dM
82.5 M 82.5 x c3
dx 0
330
M
82 5
330
kNm
Mz [kNm]
38
Şekildeki çerçevenin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını bularak diyagramlarını çiziniz.
Örnek 7 150 kN
y
B
153 kN
10 k kN / m N m 30 kN
x
5m y
S y B = - -9 2 9 2, 5 6 67 k N 7 N
AB elemanı M = -390 kNm
C
8 k y N / m
x x
A
dS y N =-61,03 kN
78 kN4 m
dM
6m
dx 78 kN
D
dN
78,8 kN
q y 0 S y c1 78 kN S y 78 kN
dx
dx
M 78 x
78 M 78 x c2
N 78,8 kN
q x 0 N c3
78,8 kN
BC elemanı
15 m 71,2 kN
dS y
-
dM
61,03 78,8
N [kN]
dx 71,2 -
dN dx
78
48
S = - 4 8 k N
-
S [kN] 390
-
38 + 144
M [kNm]
144
10x 92,567 ,567 kN
M 5 x 2 92,567x 390
CD elemanı
M = -144 kNm 8 k N / m
S y
N 61,03kN
q x 0 N c3
dS y dx
4 8 k N
8 S y 8x c1
dM dx dN
-
10 x 92, 567 M 5x2 92, 567 x c2
N =-71,2 kN
60,43
+
+ 92,567
390
10 S y 10x c1
dx
-
dx
48 8 x M 4 x2 48 x c2
q x 0 N c3
S y
8x 48 kN
M 4 x 2 48x 144
N 71,2 kN
39
Örnek 8 Sy [kN]
20 kN
+
A
B
C -
-
10 kN
A ve B noktalarından mesnetli bir çıkmalı kirişin kesme kuvveti diyagramı şekilde gösterilmiştir. Yükleme durumunu belirleyip eğilme momenti diyagramını çiziniz.
A’daki teğet yatay değil
2o Parabol
3m
4 kN 1m
4 kN A
B
10 kN
C
24 kN q2
4 kN
q1
A
Trapez yayılı yük, biri q1 şiddetinde düzgün yayılı diğeri q2 şiddetinde üçgen yayılı iki ayrı yüklemeye ayrılıp kirişin tamamı için yazılacak iki denge denkleminden q1 ve q2 yük şiddetleri kolayca hesaplanabilir.
24 3 0 M 0 1, 5 q 2 3 q 1, 5 16 24 F 0 1, 5 q 3 q 4 34 0
B
10 kN
x
Kesme kuvveti diyagramındaki her zıplama, o noktada bir tekil kuvvetin bulunması anlamına gelir. Dolayısı ile A mesnet reaksiyonunun 10 kN, B deki mesnet reaksiyonunun da 24 kN olduğunu düşünebiliriz. Ayrıca çıkma ucunda 4 kN lık bir tekil kuvvet etkimektedir. A-B arasında kesme kuvveti diyagramının 20 olması bu noktalar arasında 1 0 bir yayılı yük yayılı yük fonksiyonunu akla getirmektedir. Yine kesme kuvveti diyagramının A noktasındaki teğetinin yatay olmaması bu noktadaki yayılı yük yayılı yük şiddetinin sıfırdan farklı olduğunu, teğet eğiminin A dan B ye gittikçe artması yayılı artması yayılı yük yük şiddetinin de büyümekte olduğunu gösterir. B ve C noktaları arasında kesme kuvveti diyagramının sabit olması (eğim sıfır) bu noktalar arasında yayılı yüklemenin olmadığına işaret etmektedir. Şimdi sözünü ettiğimiz yükleme ettiğimiz yükleme durumunu sembolik olarak yandaki şekil üzerinde gösterelim.
A
24 kN
y
2
2,67 kN / m q2 14,67 kN / m q1
1
2
1
22 kN 14,67 8 kN
2.67
4 kN
M
?
A ?
0 4 4 24 3 22 2 8 1,5 0
40
y
14.67 kN/m
A ve B noktaları arasındaki yayılı yük fonksiyonu belirlendikten sonra integrasyon yöntemi ile kesme kuvveti ve eğilme momenti fonksiyonları hesaplanıp diyagramları çizilir. 14.67 q y ( x) 2.67 x 3 0 x 3 bölg bölges esii
4 kN
B
A x
C
2.67 kN/m
dS y Sy [kN]
20 kN
+
A
B
10 kN
A’daki teğet yatay değil
2o Parabol
3m
Mz [kNm]
dx x 0 S y C
-
-
2, 67 4, 89 x S y 2, 67 x
x
4,89 2
x
2
c1
10 c1 10
2 2, 44 445x 2, 67 67 x 10
S y
4 kN
dM z 1m
dx x 0 M z 0 c2
2, 44 445 3
x
3
2, 67 67 2
x
2
10 x c2
0
M z 0,815 815 x 3 1,335 335 x 2 10 x
4 kNm -
2, 445 x2 2, 67 x 10 M z
x
Maksimum momentin yeri, Kesme kuvvetinin SIFIR olduğu yerdir. yerdir.
+
9,26 kNm
S y
x1 1, 55 m
0 2, 445x2 2, 67 x 10 0
x2
0,815 815 1,55
M z x 1,55
3
-2,64 -2,641m 1m X
2 335 1,55 10 1,55 9,26 kNm 1,335
41
Çalışma Soruları Şekildeki çerçevenin mesnet tepkilerini hesaplayıp, Kesme kuvveti ve moment fonksiyonlarını integrasyon yöntemiyle bularak diyagramlarını çiziniz.
A ve B noktalarından mesnetli bir çıkmalı kirişin kesme kuvveti diyagramı şekilde gösterilmiştir. Yükleme durumunu belirleyip eğilme momenti diyagramını çiziniz . y
80 kN
B m / N k 0 4
3m
x
x
y
3m
36,8°
A C 4m
C
B
A y
3m
x
1m
4m
Sy [kN]
B’deki teğet yatay değil
12 kN +
A
B
C -
-
2o Parabol
x
3 kN
18 kN 3m
1m
42
GERİLME Mühendislerin yük Mühendislerin yük etkisi altındaki bir elemanın davranışını tanımlamakta kullandığı iki kavram; Gerilme ve Birim Şekil Değiştirme dir. Gerilme ve bileşenlerini tanımlamakta kesim metodunu kullanıp, eksenel kuvvetten oluşan normal gerilme ile ortalama kayma gerilmesinin bulunuşu üzerine duracağız. Sonra, öğrendiklerimizin çeşitli problemlerde nasıl kullanıldığı açıklanacak eksenel yüklü çubukların ön boyutlandırılması ve emniyet gerilmesi incelenecektir. TANIM : GERİLME Neden normal ayakkabı ile kara gömülen, bata çıka adım atabilen biri hedik giydiğinde yeni yağmış kar üzerinde bile batmadan rahatça yürüyebilmektedir? Nedeni birim alana gelen ağırlığın ikinci durumda azalması olarak söylenebilir. Kuvvet etkisinde dengede olan bir elemanın içindeki herhangi bir noktadaki iç kuvvetin şiddetine yani birim alana düşen iç kuvvete gerilme adını veriyoruz. Gerilme birimi Pascal’dır Uygulamada daha çok MegaPascal (MPa) kullanılır. N 2
F y
F x
Gerilme ( ; )
m N 2
mm A O
F z F x
Pasca Pascal l
Pa
Hedik
MegaP MegaPasc ascal al MPa MPa
yandaki şekilde dengede olan bir cisimden kesilerek alınan bir parçanın kesim düzlemi üzerinde alınan herhangi bir o noktası ve bu nokta civarındaki A alanı ile bu alana etkiyen F iç kuvveti gösterilmiştir. O noktasına yapıştırılan koordinat takımının x ekseni kesim düzlemine dik olan doğrultu ile çakıştırılmıştır. 43
iç kuvvetinin eksenler doğrultusundaki bileşenleri sırasıyla Fx , F y , Fz olarak bilinsin. Bu gerilme bileşenlerini A alanına bölerek A sıfıra giderken limiti alınırsa her bir eksen doğrultusundaki gerilme bileşeni tanımlanmış olur. Yüzeye dik doğrultudaki gerilmeye normal gerilme adı verilip σ (sigma) harfi ile gösterilirken, kesim yüzeyi içindeki gerilmelere de kayma gerilmesi denir ve τ (tau) harfi ile gösterilir. Her gerilme bileşenine eklenen iki indisden birincisi kesim düzleminin normalinin doğrultusunu, ikinci indis ise gerilme bileşeninin kendi doğrultusunu belirtir. Örneğin τxz normali x ekseni olan düzlemde z ekseni doğrultusundaki kayma gerilmesidir. F
F y
F x A
O
F z F x
F x dF x x lim A dA A 0 F y dF y xy lim A 0 A dA F dF z xz lim z A 0 A dA xx
Gerilme; P3
a) iç kuvvetin ( F) noktadan noktaya değişmesine bağlı olarak değişir. b) F’nin etkidiği noktadan geçen düzlemin doğrultusuna da bağlı olarak değişir. Bir noktadaki gerilmenin tam olarak tanımlanması için o noktadan geçen bütün düzlemlerdeki (sayısı sonsuz) gerilmelerin verilmesi gerekir. Örneğin yandaki şekilde gösterilen ve o noktasının bulunduğu yerden çıkartılan dört yüzlünün üç yüzündeki iç kuvvetler verilmiş ise dördüncü yüzdeki iç kuvveti ya da gerilme durumunu yalnızca denge denklemleri yardımı ile bulmak mümkündür.
P
f P P P
P
P2
44
Gerilmenin Bileşenleri Bir noktadan geçen sonsuz sayıdaki düzlemin her birindeki gerilmenin diğer bir deyişle GERİLME HALİ’nin belirtilmesi için o noktadan geçen üç dik düzlemdeki gerilme bileşenlerinin verilmesi yeterli olur. Düzlemler o noktadan geçen eksenlere dik olarak seçilirse sonsuz küçük boyutlu bir kübik eleman elde ederiz. Gerilmelerin elemanın yüzlerine yayılı ve O ve O’ noktasındaki gerilmelerin eşdeğer olduklarını düşünüyoruz. Gerilmeler her düzlemin merkezinde bir vektörle gösterilmiştir. Bir noktada üç dik düzlemdeki toplam 9 gerilme denir. bileşeni ile verilen gerilme hali gösterimine GERİLME TANSÖRÜ denir.
x xy xz T yx y yz zx zy z
Gerilme tansörünün her bir satırında yalnızca satırında yalnızca belirli bir düzlemdeki gerilme bileşenleri sıralanırken her bir sutunda ise belirli bir koordinat ekseni doğrultusundaki gerilmeler gösterilmektedir.
y
yz
yx
O
zy
xy
z xz
x
dy
zx
x zx
y
z
O
xz zy
xy yx
x
dx
yz
dz
Skaler büyüklüklerin tarif edilmesinde bir rakam ve birimin verilmesi yeterli olurken vektörel büyüklüklerin anlaşılmasında bir rakam ve birim yeterli olmamaktadır. Örneğin bir yer değiştirmenin 5 m olduğu söylemek cismin son konumu hakkında hiçbir bilgi vermez. Yapılması gereken şey cismin başlangıç konumuna bir eksen takımı yapıştırmak ve yer değiştirmenin 3 m., 4 m., 0 m. gibi bu eksenler doğrultusundaki üç bileşenini vermektir. Verilen bu üç parametre ile cismin son konumu tam olarak tarif edilmiş olur. Bir noktadaki gerilme hali ile daha sonra göreceğimiz bir noktadaki birim şekil değiştirme hali hep tansörel büyüklükler olup dokuz bileşeni verilmeden tam olarak anlaşılamayan büyüklüklerdir. . 45
Kayma gerilmesinin özelliklerinin bulunması için denge denklemlerini yazalım.
F 0;
F 0;
x
M z 0
F 0
y
Otomatik olarak sağlanır
z
yxdzdx dy xydzdy dx 0
xy
M
x
0
yx
DİK DÜZLEMLERDEKİ KAYMA GERİLMELERİ EŞİTTİR.
M
yz zy
y
0
xz zx
bulunur. İşaret kabulü, düzlemin normali ile gerilmenin yönünün her ikisinin de pozitif veya negatif olması durumunda gerilme POZİTİF kabul edilir. Şimdi gerilme halinin xy düzlemi üzerindeki izdüşümünü alalım (+z yönünden bakıldığında). x , y , xy 0
z , xz , yz 0
y
y
xy
x
x 0 0 T 0 0 0 0 0 0
x
Tek eksenli, (bir boyutlu) Gerilme Hali
(Yalnızca normal gerilme varsa)
x
x 0 0 y 0 0 0 0
T 0
x
0 0
T yx
xy
0
0
0
0
0
y
xy
x
x xy 0 y 0 0 0 0
x
T yx
y
İki eksenli Gerilme Hali (İki tane normal
(Yalnızca Kayma
gerilme varsa)
gerilme varsa)
Tam Kayma Hali
Düzlem Gerilme Hali
46
Ekseni Doğrultusunda Kuvvetlerle Yüklü Doğru Eksenli Çubukta Eksenel Normal Kuvvetler
Bu durumda eksenel normal kuvvet ve uzama veya kısalma söz konusudur. ÖRNEK 1 3P
Şekilde görülen yükler etkisindeki alüminyum çubuğun eksenel kuvvet diyagramını çiziniz. P
4P
A
B L/4
C L/2
AB arası;
Yük Diyagramı
2P D L/4
3P
N(x) A
BC arası;
3P
P A
CD arası;
N(x) B
N (x)
Serbest Cisim Diyagramları
2P D
2P P
+ x
-
-
Eksenel Kuvvet Diyagramı
2P 3P
47
Çubuk boyuna ekseni doğrultusunda birkaç eksenel kuvvetle yüklü ise eksenel normal kuvvetler kesitten kesite değişir. Bu amaçla öncelikle eksenel normal kuvvet diyagramı çizilmelidir. Bunun için;. •Öncelikle reaksiyonlar hesaplanır. •Yüklemede değişme olan her bir bölgede (yükte süreksizlik olan her bir bölgede) ayrı bir kesim yapılarak o bölgedeki eksenel normal kuvvet, denge denklemi yazılarak hesaplanır. •Eksenel kuvvet diyagramı çizilir. Diyagramın kapanması hesaplamaların doğruluğunu kontrol etmek için kullanılabilir.
NORMAL GERİLME Cismin herhangi bir kesitindeki gerilme, sabit şiddete veya düzgün yayılı ise buna basit gerilme adı verilir.Yük taşıyan elemanların çoğunun düşünülen bir kesitindeki iç kuvvetler ya eksenel kuvvettir ya da kesme kuvvetidir. Örneğin kablolar, kafes kiriş elemanları, eksenel yüklü çubuklarda eksenel normal kuvvet, iki çubuğu birleştiren cıvata, pim ve perçinlerde ise kesme kuvveti söz konusu olduğundan normal gerilme ile kayma gerilmesini hesaplamakta doğrudan gerilmenin tanımını ve denge denklemlerini kullanmak mümkündür.
Gerçek gerilme yayılışını bulmak için şekil değiştirmeleri dikkate almak gereklidir. Eksenel kuvvetle yüklü prizmatik bir çubuk düşünelim. I
P
P
h I
P
b
0 P A
P
Eksenel Çekme
I-I kesitinden kesip ayırırsak; I P
I
A b h
F
yata y
Çubuk ekseni ile 90o’lik açı yapan I-I kesitini düşünelim. Kesim yüzeyindeki gerilme şekilde düzgün yayılı olarak gösterilmiştir .
gerilmesi
Bu enkesitteki üniform gerilmenin değeridir. Bunun için; P enkesitin ağırlık merkezinden uygulanmalı Çubuk doğru eksenli, yapıldığı yapıldığı malzeme homojen olmalı Kesim düzlemi çubuk uçlarından uzak olmalı İle verilen üç kriterin sağlanması gerekir. 1. kriter sağlanmaz ise moment oluşur gerilme enkesite
48
ÇATAL UÇ ÖRNEĞİ
49
ÇATAL UÇLU BİRLEŞİMLER Çatal uçlardan pime kuvvetin aktarılması yarım silindirik bir yüzey üzerinden diğer bir deyişle temas yüzeyi aracılığı ile gerçekleşmektedir. Eğer bir kuvvet yarım silindirik bir yüzey üzerinden bir elemandan başka bir elemana aktarılıyorsa söz konusu yüzeyde oluşan gerilmelere ezilme gerilmesi adı verilir. (Makine mühendisliğinde ise bu gerilmeye yatak gerilmesi denilmektedir.) Gerçekte düzgün yayılı düzgün yayılı olmayan ezilme gerilmeleri kuvvetin pim çapı x levha kalınlığından oluşan yarım oluşan yarım silindirik yüzeyin iz düşüm alanına bölünmesiyle hesaplanır.
d P
Çatal uç
b
c
b
c b A P
P/2
C
A=d*t
Pim
Temas yüzeyi ve ezilme gerilmeleri
t
P t P/2
A=d*t
Çatal uçlardaki kuvvetin pime aktarılması
50
P
EZİLME GERİLMESİ t1 t
t
t
P 2td
B
b
c c
b
b
C
c
b Pim
d b
c P
c
S
S b
c P t 1d
t 1d A b
Çatal uçlardaki ezilme gerilmesi
l
P 2td
B Çubuğundaki ezilme gerilmesi
l
P t 1d
P 51
ORTALAMA KAYMA GERİLMESİ
P
b d
t1 t
t B
b
c c
b
c
C
b
c
P/2
P/2
b
c
b
c
Pim
C
P
A b
P/2 b
P
Normal gerilmenin tersine kayma gerilmeleri düzgün yayılmazlar, pimin aktardığı kuvvetin, kesilen pim alanına bölünmesiyle bulunan değer ortalama kayma gerilmesini verir.
P/2 c C
b
Kayma gerilmeleri, uygulanan kuvvetlerin cismin bir parçasının komşu parçalara nazaran kesme eğiliminde olması halinde ortaya çıkar. Çatal uçlu birleşimdeki pim, eksenine dik doğrultudaki kesme kuvvetinin etkisiyle b-b ve c-c kesitlerinden ayrılmaya karşı koymaktadır. Pimin bütünü dengede olduğuna göre ayrılma yüzeylerinin her birinde P/2 kesme kuvvetleri oluşmaktadır. Kayma gerilmelerinin uygulanan kuvvete paralel düzlemlerde oluşması halinde direkt kesme hali denir.
P
c
ort
P Akesilen
P
2
d 2
4 52
PERÇİNLİ ve CİVATALI BİRLEŞİM
KİRİŞ EKİ ALIŞ-VERİŞ MERKEZİ BÜKREŞ
KOLON EKİ PROCTER-GAMBLE
GEBZE
53
Resim : inş.Yük müh. Bora Karakurt
54
Çelik yapı Çelik yapı elemanlarının birleştirilmesinde perçin, bulon (cıvata) veya kaynak kullanılır. Perçin, küre takkesi bir baş ve hafif konik gövdeden oluşan bir birleştirme elemanıdır. Kızıl renk alıncaya kadar ısıtılan perçin elemanlara açılan delikten geçirilir. Diğer uçtan çıkan konik kısım dövülerek küre takkesi biçimi verilir. Konik olan perçin gövdesi dövülme sırasında silindire dönüşerek deliği tam olarak kapatır. Eski yapılarda kullanılan perçin, kaynak teknolojisindeki ilerleme sebebiyle günümüzde kullanılmamaktadır. Perçin yada kaynakla birleştirilen yapı birleştirilen yapı elemanlarını, elemanlara zarar vermeden sökmek mümkün olmadığından bu birleşim araçları kalıcı yapılarda kullanılır. Bir yapının ileride sökülerek başka bir yere taşınması söz konusu ise bulon (cıvata) denilen birleşim aracı kullanılır. Cıvata altıgen bir baş ve üzerine diş açılmış silindirik bir gövdeden oluşur. Elemanlara açılan delikten geçirilen cıvatanın dişli ucuna somun adı verilen bir parça anahtar yardımıyla sıkılır. Hafif eğik yüzeylere eğik yüzeylere takılan cıvatalarda somun takılmadan önce yükün yayılmasını yükün yayılmasını sağlamak amacıyla pul denilen halka şeklindeki metal parçalar kullanılır. Çelik yapılardaki Çelik yapılardaki titreşimler sebebiyle zamanla somunların gevşemesi söz konusudur. Somunların gevşemesine engel olmak için ya rondela adı verilen yaylar ya da çift somun sıkılması yoluna gidilir.
Direkt kesme haline örnekler: 1- Perçinli veya bulonlu –civatalı - birleşim Kayma gerilmesi hesabı P P
S
P
b
ort A
P t d
B
P 1
2 d m
4
P
P 1 = bir perçinin taşıdığı kuvvet m = bağlantıdaki eleman sayısı -1
55
Perçin/cıvata gövdesinde veya levhada delik kenarında oluşan ezilme gerilmesi
Resimler: Connections Teaching Toolkit Perry S. Green, Ph.D. & Thomas Sputo, Ph.D., P.E. & Patrick Veltri
ezilme
P 1
Burada; P1 bir perçin/civataya düşen kuvveti, d perçin / cıvata çapını, tmin birleşim
tmin d
bölgesine gelen yada giden levha kalınlıkları toplamından küçük olanını göstermektedir.
Zayıflamış kesitteki çekme gerilmesi : Yırtılma gerilmesi
yırtılma A
P/2
d
P
t P/2
P tmin b k d min
Burada; P zayıflamış kesite etkiyen çekme kuvvetini, b levha genişliğini k zayıflamış kesitte bulunan perçin sayısını, tmin birleşim bölgesine gelen yada giden levha
56
2- Bir plak üzerinde delik açılması (zımbalama gerilmesi) P
Delme Ucu
d
t
Plak
ÖRS
P
S
d
ort
P 2 r t
Japonya da bulunan bu köprü zımbalama etkisi yüzünden 57
Örnek 2
d
Şekilde 40 kN’luk düşey kuvveti taşıyan kafes sistem görülmektedir. Bütün pimler 20 mm çapa sahiptir. Çatal uçlardaki kalınlık 10’ar mm, bağlantı levhasının kalınlığı 15 mm’dir. Elemanlardaki normal gerilmeleri C mafsalındaki kayma ve ezilme gerilmelerini hesaplayınız.
t=10 mm
Fc
t1=15 mm
t=10 mm
y
B düğüm noktasının dengesinden çubuk kuvvetleri kolayca hesaplanabilir.
C
50 kN
30 kN
B
A = 0.002 m2
AB
30103 0.004 004
MPa 7.5 106 Pa 7.5 MPa
Basma
MPa 25106 Pa 25 MPa
Çekme
2m
40 kN
A
A = 0.004 m2
B
5010
3
BC
0.002 002
5010
3
x
C
1.5 m
2
2 d
P = 40 kN
50 10
3
ezilme
0.015 0.015 0.020 0.020 50 10
166.7 106 Pa 166.7 MPa
3
125 106 Pa 125MPa
79.6 106 Pa 79.6 MPa MPa
4
Mesnet levhasında Çatal uçta
58
Kesici uç
Örnek 3
Civata keskisine 200 N’luk P kuvveti uygulanmıştır. a) Civataya ve A, B, C noktasındaki pime gelen kuvvetleri hesaplayınız. b) AD parçasının alanı 2x10 -4 m2’dir. Bu elemandaki gerilmeyi belirleyiniz. P = 200 N
B
A
C 25 mm D
75 mm
25
sap
480 mm
12
FBy
480 mm
FBx=0
FCx
FBx
B F A Q
F M
B
100Q 75F A 0 100
F
dü ş
0 F A Q F By
yat
0 F Bx 0
vet etkisinde dengede olan cisim konusunu hatırlayınız)
F By
8000 N
4 3
Q Q
F A
3
Q 24 kN
F Cy 20 200 0 8000 8.2 kN
F 0 F
F A
By
Cy
x
Cx
By
0
F By
Q
M 0 200 480 F 12 F 0 F 200 F y
25 mm
A
Bir yapı yada makine içerisinde yalnızca içerisinde yalnızca iki pimle eleman bağlanan bir bulunuyorsa ve bu elemanın üzerine hiç bir dış kuvvet etkimiyorsa bu elemanın görevi pimleri birleştiren doğrultuda kuvvet aktarmaktır. Kesme kuvveti ve moment oluşmaz. (iki kuv-
C
P = 200 N
FBy
Q F By 8 24 32 kN
12
FCy
32 10
3
AD
4
2 10
160 160 MPa MPa
NOT : Kesici uç ve sapta eğilme ve kesme etkisi vardır.
59
4 3
Q
İNCE CİDARLI BASINÇ KAPLARI
500 Gallon, 1000 psi Pres. Vessel
60
İNCE CİDARLI BASINÇ KAPLARI Uygulamada rastladığımız otomobil lastikleri, boru, tank ve LPG tüpleri gibi basınç kapları temelde eksenel kuvvet taşıyan araçlardır. Basınç kaplarının et kalınlığı/ iç yarıçap, iç yarıçap, 1/10 ’dan küçük ise bu tip basınç kaplarını ince cidarlı olarak sınıflandırmaktayız. İnce cidarlı basınç kaplarında normal gerilme kalınlık boyunca sabit kalırken kalın cidarlı basınç kaplarında değişmektedir. İnce cidarlı basınç kaplarında ayrıca iç ve dış yarıçap ayrımı yapılmaz (Bu iki değer birbirine çok yakındır) çok yakındır). Burada, ince cidarlı silindirik ve küresel basınç kaplarını ele alacağız . Basınç kabının cidarları zar gibi –membrandavrandığından eğilme momenti oluşmayacaktır. Kap eksenel simetrik yapısı ile taşıdığı maddeden kaynaklanan basınç etkisi ile serbestçe şekil değiştirirken yalnızca membran gerilmeleri adı verilen düzgün yayılı normal gerilmeler oluşur. Bu kabul, kabın rahatça şekil değiştiremediği uç bölgeleri ile mesnetleri dışında oldukça isabetlidir. Silindirik kapların uçlarındaki kapak kısımlarında kesme kuvvetleriyle eğilme momentleri ortaya çıkar. Kesme kuvveti ile Eğilme momentinden kaynaklanan bu gerilmelere süreksizlik gerilmeleri adı verilir. Süreksizlik gerilmelerini azaltmak için kapaklara uygun bir eğrilik verilir. Bu bölümde verilen bağıntılar, sıvı veya gazdan oluşan p iç basıncı halinde kullanılabilir. Vakum kapları ile denizaltılar gibi dış basınç altında kalan araçların incelenmesinde p’nin işaretinin negatif alınması yeterlidir. Dış basınç halinde hesaplanacak gerilmelerin kap cidarlarında burkulma oluşturan kritik gerilmelerden küçük olmalıdır.
SİLİNDİRİK BASINÇ KAPLARI
Şekilde gösterilen iç yarıçapı r, et kalınlığı t, manometre basıncı p olan silindirik hava tankı veya boyleri düşünelim. Manometre basıncı; içteki basıncın, dış basıncı ne kadar aştığını vermektedir. Kap cidarı üzerinde gösterilen küçük bir yüzey elemanına etki eden, c ve a gerilmelerini belirlemek istiyoruz. c gerilme bileşenine, çevresel gerilme, teğetsel gerilme veya halka gerilmesi; a gerilme bileşenine ise eksenel veya boyuna gerilme adları verilir. Çevresel gerilmeyi hesaplamak üzere L boyundaki yarım silindirik bir elemanı içindeki akışkanla birlikte ayıralım. Akışkanın kendi ağırlığı ile basınç kabının kendi ağırlığının ihmal edilebilecek kadar küçük olduğunu düşünüyoruz. Eksenel doğrultudaki basınç ile gerilmeleri basitlik nedeni ile şekil b de gösterilmedi. Şekildeki kap cidarlarında taşınan eksenel kuvvet , c (2tL), aynı düzlemdeki akışkan basıncından oluşan kuvvet ise p(2rL) dir.
61
t
t L
r
c
c
2r
t
a
p
(a)
L
(b)
p a
(c)
Düşey doğrultudaki toplam kuvvetin sıfır olması gerektiğinden; c
c 2tL p2rL
pr
PEACHOID
t
Eksenel gerilme, silindirik basınç kabından alınan ve şekil c’de gösterilen serbest cisim diyagramı kullanılarak hesaplanabilir. Bu diyagramdaki cidarın taşıdığı eksenel kuvvet a (2rt) ; taşınan akışkanın oluşturacağı eksenel kuvvet p(r2) ’dır. Eksenel kuvvetlerin eşitliğinde, a 2 rt p r 2
a
pr 2t
bulunur. Elde edilen gerilme bağıntılarından, c=2a olduğu görülmektedir.
62
KÜRESEL BASINÇ KAPLARI
Küresel basınç kaplarındaki gerilmeler, silindirik kapların incelenmesinde uygulanan işlemlere benzer şekilde bulunabilir. Küresel kaptan alınan küçük bir elemana etkiyen gerilmeler simetri nedeniyle birbirine eşittir. Küresel kap tam ortasından ayrıldığında;
r
Yazılacak denge denklemi çevresel gerilme için
2 rt p ,r 2
p
2r
pr 2t
t
sonucunu verir. Bu sonuç, kürenin çapını içeren bütün kesimlerde aynı kalır. Radyal doğrultudaki gerilme kabın iç yüzünde – p ; dış yüzünde dış yüzünde sıfır olacak şekilde değişir. İnce cidarlı kaplarda bu gerilme c ve a gerilmelerinden çok küçük olduğundan genellikle ihmal edilir. İnce cidarlı basınç kaplarındaki gerilme, iki eksenli gerilme hali olarak düşünülebilir.
Örnek 4 Uçlarında yarım Uçlarında yarım küre şeklinde kapaklar bulunan silindirik tank 1.38 MPa’lık basınçlı hava ile doldurulmuştur. Tankın yarıçapı 250 mm, et kalınlığı 8 mm olduğuna göre silindirik ve küresel kısımlarda oluşacak gerilmeleri hesaplayınız.
Küresel kapaklardaki gerilme ile silindirik kısımdaki boyuna gerilme aynıdır. pr 1.38 250 pr 1.38 250 43.13MPa 21.56 MPa silindirik kısımdaki çevresel gerilme a
2t
c
28
en büyük radyal gerilme tankın iç yüzünde
r
t
MPa dır. 1.38 MPa
8
63
EMNİYET GERİLMESİ: GÜVENLİK KATSAYISI
Yapıların tasarım ve analizinde karşılaşılan çevresel etkiler, kullanım yükleri, malzeme özellikleri gibi çeşitli belirsizliklere karşı uygun bir güvenlik katsayısı seçilmesi önemlidir. Belirsizlik doğuran alanların başında gerilme ve şekil değiştirme kabulleri gelmektedir. Yapının imalatında ve kullanımı sırasında oluşacak gerilmeler kesin olarak bilinmediğinden güvenlik katsayısına bazen cehalet katsayısı adı verilir. Bazı durumlarda malzeme, üzerindeki yük üzerindeki yük sabit olduğu halde şekil değiştirmeye devam eder. Zamanla oluşan bu şekil değişimine sünme adı verilir. Diğer taraftan şekil değiştirmenin sabit olduğu hallerde gerilmedeki azalmaya ise gevşeme denir. Kurşun, lastik ve bazı plastiklerde sünme normal sıcaklıklarda meydana gelmektedir. Pek çok metalde sünme olayına ergime sıcaklığının yüzde sıcaklığının yüzde 35-50’si düzeyindeki sıcaklıklarda görülmektedir. Herhangi bir malzemenin sünme hızı yalnızca sıcaklığa değil aynı zamanda gerilme düzeyi ile yük geçmişine de bağlıdır. Sünme kaynaklı deformasyonları azaltmak amacıyla gerilmelerin küçük tutulması faydalıdır. Güvenlik katsayısı, yapı katsayısı, yapı elemanına uygulanacak yükün, o elamanın taşıyabileceği en büyük yükü büyük yükü aşmamasını garanti eder. Güvenlik katsayısı, yapı katsayısı, yapı elemanının (göçmeksizin) taşıyabileceği en büyük yükün büyük yükün kullanım yüküne kullanım yüküne oranıdır.
Güvenlik Katsayısı =
En Büyük Gerilme Kullanım Gerilmesi
f s
maks em
En büyük gerilme, ya akma gerilmesidir yada çekme (basınç) mukavemetidir. Güvenlik katsayısının oldukça küçük olması, emniyet gerilmesinin oldukça büyük olmasını, bu durumda da yapının kullanımı sırasında problem çıkabileceği gösterir . Diğer taraftan oldukça düşük emniyet gerilmesi ve oldukça yüksek güvenlik katsayısı ile yapı ağır ve fazla maliyetli olur.
Güvenlik katsayısı, genellikle 1.5 veya üstünde seçilir . Seçim de tecrübe ve mühendislik önsezisi önemlidir . Güvenlik katsayıları pek çok ülkede standart ve yönetmeliklerle belirlenmektedir. 64
Örnek 5
Çapı 1.5 m, et kalınlığı 3 mm olan çelik silindirik tankın σ enbüyük = 240 MPa, f s = 2 olduğuna göre taşıyabileceği p basıncını hesaplayınız. Çevresel ve Eksenel gerilmeler, emniyet gerilmesini aşmamalıdır. em
a
maks f s pr 2t
240 240
em
2
120 MPa MPa; c p 2
em t r
pr t
em
p
120 3 750
MPa 0.48MPa
0.96MPa MPa
Bulunur. Manometre 0.48 MPa’ı aşmamalıdır. Çekme ve Kısa Basma Çubuklarının Tasarımı
Eksenel yüklü prizmatik çubukların mukavemet yönünden boyutlandırılmasında 1.Mümkün göçme modunun belirlenmesi: Çoğunlukla göçmede normal gerilmenin temel bir büyüklük olduğu kabul edilir. P 2. Yük Yük ile gerilme arasındaki bağıntının yazılması: A 3.En Büyük Çekme mukavemetinin belirlenmesi: Malzemenin σ -ε diyagramındaki en büyük ordinatı σ maks maks 4.Güvenlik katsayısının seçilmesi: Enmiyet gerilmesinin hesaplanmasında güvenlik katsayısı f s kullanılır. em
maks f s
Gerekli enkesit alanı
A
P
em
Olur. Yukarıda sözü edilen işlemler çekme ve kısa basınç çubuklarının boyutlandırılmasında kullanılır. Narin basınç çubuklarının boyutlandırılması boyutlandırılması daha sonra incelenecektir. Eğer çubuk en kesitinde ani bir değişim varsa yukarıdaki işlemler 2. adımdaki gerilmenin hesabında gerilme yığılması katsayısı kullanılarak tekrarlanır.
65
Örnek 6
Şekilde gösterilen kare kesitli alüminyum AB çubuğu ile dairesel kesitli çelik AC çubuğunun enkesit alanlarını hesaplayınız. Alüminyum ve çelik çubuklar için en büyük gerilmeler sırasıyla 275 ve 480 MPa ve güvenlik katsayısı 2.5’dir.
A
1
P = 60 kN
Örnek 7
2m
C ve E düğümlerinde 50 ve 20 kN’luk yükleri taşıyan kafesin AC, AD, CD ve CE çubuklarının alanlarını hesaplayınız. Emniyet gerilmesi çekmede 140, basmada 100 MPa’dır.
50 kN
a
R Ay
R Ax
2m 20 kN b C
A
E
2m a RBx
b
B
D
7.2 3
3m
Çubuk kuvvetlerini, kesim yöntemini kullanarak (statik
1 7.8
2
B
bilgilerinizden yararlanarak) kolayca bulabilirsiniz.
C
70 kN
70 kN
FB Fc 3m
50 kN
90 kN
90 kN 20 kN
4.2 m
A
20 kN
C
A
45°
50 kN 99 kN
99 kN
M
B
0 FC *
MC
0 FB *
?
3 7.8 1 2
F 0 145.5 275 2.5
110 MPa MPa
145.5 10
4.2 60 7.2 FB 145.5 kN
1
x
al
4.2 60 3 FC 111.4 kN
2
111.4
7.2 7.8
çe
D
50 kN
70
90
20
20 C
A
0
99
2m
480 2.5
192 MPa MPa
90
B
20 kN
-90
-50
D
E 8 2 . 8 2 -
2010
3
A AC ACE
140
3
A AB
110
1322.7 mm2 a 36.4 mm 99 10
3
111 4 10
3
142.9 mm2
A AD
50 10
3
707.1mm2
ACD
500 mm2
66
Örnek 9
Örnek 8
Şekilde gösterilen çubuğa uygulanabilecek en büyük P kuvvetini; çekme gerilmesinin 100 MPa, basma gerilmesinin 140 MPa’ı aşmaması koşuluyla hesaplayınız.
Şekilde gösterilen sistem dengededir. a) Normal gerilmenin 140 MPa değerini aşmaması koşulu ile CD çubuğunun çapını, b) B’deki 8 mm çaplı pimdeki kayma gerilmesini, c) B mesnedindeki yatak gerilmesini, d) B mesnedine bağlanan çubuktaki yatak gerilmesini hesaplayınız. D C
B
A P
C 6P
D
225 mm2
E P
4P 900 mm2
2P 150 mm
400 mm2
10 mm
5 kN
N
200 mm
60o
P
P
B +
C
A
D P
-
E
B
A
-
6 mm
6 mm
B 8 mm
2P 5P
M
B
AB
BC CD
DE
P 225 5 P 900 P 400 2 P 400
in
100 P 22.5 kN
a)
0 150 150 P 5 sin 60 200 200 P 5.774 774 kN
CD
5.774103
d 2 4
140 P 25.2 kN
b) 140 P 56 kN
c)
140 P 28 kN
kN
d)
140 d 7.25 mm
5 sin 60 4.33kN
B x
cos 60 8.274kN 5.774 5 cos
yatak yatak
9340 12 8
9340
B 4.33
2
B y
9340 2
MPa 97.3 MPa
116.75 MPa MPa
82
8.2742 9.34 kN 92.95 MPa MPa
4
67
Şekilde görülen iki plak dört adet 20 mm çaplı perçinle birleştirilmiştir. em = 100 MPa, em = 80 MPa, taşıyabileceği en büyük P kuvvetini hesaplayınız. emezilme = 140 MPa olduğuna göre bu birleşimin taşıyabileceği
Örnek 10 15 mm
a
b
c 10 mm
P
P
P
m m 0 0 1
m m 0 2 1
Çok sayıda birleşim elemanının bulunduğu sorularda her perçin yada civatanın eşit kuvvet taşıdığı kabul edilir. Aşağıdaki şekilde üst levhadaki P kuvvetinin a kesitini aşınca P/4 kadar azalarak 3P/4 değerine düştüğü, b kesitinden sonra 2*P/4 kadar daha azalarak P/4 değerine indiği, c kesitinden sonra üst levhada hiç kuvvet kalmadığı şematik olarak gösterilmiştir. Alttaki levhada başlangıçta sıfır olan kuvvet a, b ve c kesitlerinden sonra arta arta en sonunda P değerine yükselmektedir değerine yükselmektedir. 15 mm
P
10 mm
P
80 mm
Bir perçinin kesilmeye ve ezilmeye göre taşıyabileceği kuvvet
P 1
202 4 P 1
ez
80 P1 25.132 kN
20 10
140 P1 28 kN
P 4 * P1 10 1 00.53
P 4 * P1 112
kN
Üst levhada Yırtılmaya göre tahkik; aüstlevha a büstlevha b üstlevha
P
80 20 15
100 P 90 kN
3 P / 4 2*20 15 100 2*20 P / 4
100 P 120 kN
100
P
480 kN
kN
P
3P/4
P/4
0
0
P/4
3P/4
P
P
Alt levhada Yırtılmaya göre tahkik; caltlevha c
baltlevha b
aaltlevha a
P
100 P 100 kN
120 20 10 3 P / 4
2*20 10 120 2*20 P / 4
100 P 107 kN
100
120 20 10
P 400 kN
Yırtılma bakımından kritik olan kesit ya birinci ya da ikinci kesittir. P
kN
min 90; 100.53 .53
90kN
68
Şekilde gösterilen pim bağlantılı çerçevede a) 150 mm2 enkesit alanına sahip CE çubuğundaki normal gerilmeyi, b) D noktasında çift tesirli olarak çalışan 10 mm çaplı pimdeki kayma gerilmesini hesaplayınız.
Örnek 11
A
Pim bağlantılı çerçevelerde ilk adım mesnet reaksiyonlarının hesaplanmasıdır. Daha sonra çerçeve elemanları teker teker ele alınıp her bir elemanda üç adet denge denklemi yazılması yoluyla
2m
istenen kuvvetler kolayca bulunur.
C
M
B
6m
B
D
F 0 B x
E
2m
30o
10 kN
C
x
3.66 kN
F 0 B
8.66 kN
11.55 kN
M
ACD ACD D
11.55 kN
8.66 kN
CE 16.33kN CE
16330 150
108.9 MPa MPa
CE = 16.33 kN
D 2.892 11.552
2.89 kN D y 11.55 kN D x
906 kN 11.906
2.89 kN D
11.55 kN
y
0 CE cos 45 6 8 8.66 0
ACD çubuğunun dengesi D
y
CE çubuğu, iki ucu mafsallı olduğundan yalnız eksenel kuvvet taşır.
6m
A
0 10 cos 30 8 8 A 0 A 8.66 kN
11906 2
102 4
MPA 75.8 MPA
69
Örnek 12
150 mm çaplı makara, 25 mm çaplı mile 5*5*25 mm boyutlara sahip bir kama ile bağlanmıştır. Kamadaki kayma gerilmesini hesaplayınız.
5 kN
5*5*25 mm boyutlu kama
Örnek 14 0.8 m yarıçaplı küresel bir basınç kabı ; iki yarım küre parçanın eşit aralıklarla yerleştirilen 40 adet cıvata yardımıyla birleştirilmesinden oluşmaktadır. İç basınç 600 kPa olarak verildiğine göre cıvata çapı d ile basınç kabının et kalınlığı t’yi hesaplayınız. Cıvata ve küresel kabın emniyet gerilmeleri sırasıyla 100 ve 50 MPa olarak bilinmektedir.
150 mm t
25 mm 3 kN
M 0 5 3 75 F 0
12.5 F kama
kama
12000 5 25
0.8 m
12 kN
96 MPa MPa
d
Örnek 13 Bir barajın türbinlerine su ileten cebri boru 120 m’lik su yükü altındadır. Boru çapı 900 mm’dir. Boru malzemesinin en büyük gerilmesi 100 MPa, güvenlik katsayısı 1.6’dır. Borunun en küçük et kalınlığı t ne olmalıdır? (g su= 9.81 kN/m 3)
p g h 120 9.81 1177 kN / m2 p 1.177 MPa c
1.177 177 450 450 t
maks f
100 100 16
t min 8.47 mm
c
pr
0.6 800
2t t 4.8 mm
2t
Bir civataya
düşen kuvvet
30160
d 2
50 em
50 2 800 4.8 40
30160 N
100 d 19.6 mm 70
Çalışma Soruları Şekilde gösterilen birleşim, levhaların alt ve üst yüzlerine yerleştirilen 5 mm kalınlıklı bağ levhaları ve 4 adet 19 mm çapındaki perçinle yapılmıştır perçinle yapılmıştır. çem = 120 MPa, em =70 MPa, emezilme = 240 MPa olarak bilindiğine göre birleşimin emniyetle taşıyabileceği P kuvvetini bulunuz.
Şekilde gösterilen ABC rijit elemanı CD yüksek mukavemetli teli ve A noktasından uygulanan P kuvveti ile dengededir. Telin taşıyabileceği en büyük çekme gerilmesi = 350 MPa ve güvenlik katsayısı 3,3; B noktasındaki pimin taşıyabileceği en büyük kayma gerilmesi = 300 MPa ve güvenlik katsayısının 3,0 olduğu bilindiğine göre telin ve pimin en küçük çapı ne olmalıdır?
120 mm
Şekilde gösterilen üç elemanlı
kafes sisteme E noktasından P kuvveti etkimektedir. C ve D mafsalla noktasından birleştirilen, eksenel yük taşıyan CD mm elemanı 30x50 kesitlidir. E dikdörtgen uygulanan P noktasından kuvvetinin şiddeti 210 kN olduğunda CD çubuğunda oluşan normal gerilmeyi hesaplayınız.
71
BİRİM ŞEKİL DEĞİŞTİRME VE MALZEME (BÜNYE) BAĞINTILARI Bir önceki bölümde bir yapı yada makine elemanındaki gerilmeler incelendi. Şimdi gerilme kadar önemli bir konu olan şekil değiştirme konusunu ele alacağız . Şekil değiştirme veya deformasyon analizi, birim şekil değiştirmelerin tanımları ile başlar . Birim şekil değiştirmeler deformasyonun şiddetinin ölçülmesinde kullanılır.
İleriki bölümlerde malzemelerin önemli karakteristik özellikleri tanımlanacaktır. Mühendislikte kullanılan malzemelerin eksenel çekme deneyi yardımıyla belirlenen mekanik özellikleri üzerinde durulacaktır. Tek eksenli, çok eksenli ve kesme kuvvetleri etkisinde gerilme ve birim şekil değiştirme arasındaki bağıntılar ele alınıp şekil değiştirme enerjisi kavramı ile tekrarlı yüklemelerin tekrarlı yüklemelerin oluşturacağı kırılma olayına giriş yapılacaktır giriş yapılacaktır. Dış kuvvetlerin etkisi altında bulunan bir cismin her noktası yer değiştirir. Herhangi bir noktanın yer değiştirmesi; şekil değiştirmeden yada rijit cisim hareketlerinden (ötelenme ve dönme) veya bu iki etkinin bileşiminden meydana gelir. Cisim içindeki noktaların birbirlerine göre olan konumlarında bir değişme varsa cisim şekil değiştirmiştir denir. Herhangi iki nokta arasındaki uzaklık yada herhangi üç nokta arasındaki açı olabilir. Bu bölümde yük değişmiyorsa yer değiştirmenin sebebi rijit cisim hareketleri olabilir. bölümde yük etkisindeki mühendislik yapılarında, şekil değiştirme ile ortaya çıkan küçük yer değiştirmeler incelenecektir. Şekil değiştirme sonucu cismin hacminde yada biçiminde değişme olabilir. Bir yapı elemanındaki gerçek gerilme yayılışının belirlenmesinde bu yapı elemanındaki şekil değiştirmenin dikkate alınması gerekir. Dış yükler ve sıcaklık tesiri etkisindeki hiperstatik yapıların analizinde şekil değişimi kullanılarak hiperstatik kuvvetlerin hesaplanması için gereken ilave denklemler sağlanır. Toplam eksenel şekil değiştirme d ile gösterilecektir. Cisim içerisindeki herhangi bir noktada x, y ve z eksenleri yönündeki yer değiştirme bileşenleri u, v ve w ile tanımlanacaktır. Birim şekil değiştirmeleri 1’in yanında küçük, çarpımlarıyla karelerini ihmal edilebilecek kadar küçük kabul etmekteyiz. 72
BİRİM ŞEKİL DEĞİŞTİRME TANIMLARI Normal birim şekil değiştirme prizmatik bir çubuk üzerinde tanımlanacaktır. Birim boydaki uzunluk değişimi: Uzama oranı
L A
B
A’ u
e
x
x
B’
P yükü uygulandıktan sonra çubuk boyundaki toplam uzama
L Çubuk başlangıç boyu
P
u+u
> 0 UZAMA
BİRİMSİZ
< 0 KISALMA
Kayma şekil değiştirmesi, başlangıçta dik olan iki doğru arasındaki açının şekil değiştirme sonrası diklikten saptığı değerin tanjantına denir. Açı küçük olduğundan tanjantı yerine radyan cinsinden kendisi yazılabilir.
g
2
> 0 DİK AÇI KÜÇÜLÜR
BİRİMSİZ
< 0 DİK AÇI BÜYÜR
Elastik bölgede şekil değiştirmeler 0.002 veya 2000
değerlerini pek aşmaz.
Uzunluk ve açıdaki değişimler uniform ise dikdörtgen içine aldığımız iki formül yeterli hassasiyette sonuç verir. Uniform olmayan bir şekil değiştirme söz konusu ise bir noktadaki n oktadaki birim şekil değiştirmelerin tanımlanması gerekir. 73
Üçgen ABC plağı, ABC’ şeklini alacak biçimde biçimde üniform şekil değiştirme yapmıştır. a) OC ekseni doğrultusundaki normal şekil değiştirmeyi, b) AC kenarı boyunca normal şekil şekil değiştirmeyi, değiştirmeyi, c) AC ve BC kenarları arasındaki arasındaki kayma kayma şekil değişimini, hesaplayınız. hesaplayınız.
Örnek 1
A
e OC
0.001 b
b b
O
C
b
2 tan AC B
C’
ˆ
1
0.001 0.001 1000 1000
b 89.943o 1.001 b
b
Radyan cinsinden
0.001b
B
e AC
b
2
b 0.001 b2 2 2 b 1
2 b
502
Dik açıdaki değişim = 90 -89.943 = 0.057o 995 180
g 0.057
ACB açısı azaldığı için kayma şekil değişimi pozitiftir.
ÖRNEK 2
ÖRNEK 3
Küresel bir balonun 200 mm olan çapı, şişirildikten sonra 201 mm olmuştur . Ortalama çevresel uzama oranını hesaplayınız.
İçi boş bir silindir iç basınç etkisinde 200 mm olan iç çapı 0.5 mm, 400 mm olan dış çapı 0.3 mm artmıştır . a) Çevresel doğrultudaki en büyük uzama oranı b) Radyal b) Radyal doğrultudaki ortalama uzama oranını hesaplayınız. İç çevredeki uzama oranı
Çevre= D, D0 : ilk çap e c
D D0 D0
D D0 D0
1 200
5 103
Dış çevredeki uzama oranı
Radyal doğrultudaki uzama oranı
e ciç
e cdi ş ş
200.5 200 200 400.3 400 400 400
e r
400 400
0.5 200 0.3 400 400
0.0025 0.00075
t 99.9 100 100 0.001 001 t
100 100
74
Şekilde görülen dikdörtgen levha, yüklemeden sonra bir paralel kenara dönüşmüştür . Levhanın AB ve CD kenarları 0.005 mm uzayıp 0.0012 radyan saat dönüşü yönünde dönerken AD ve BC kenarları ise 0.002 mm kısalarak 0.0004 radyan saat dönüş yönüne ters yönde dönmüştür . a=40mm, b=20mm olduğuna göre düzlem birim şekil değiştirme bileşenlerini hesaplayınız.
ÖRNEK 4
y
y B
e x
C
B
D
a=40 mm
5 0 0 . 0 2
0.0012
x
e y mm 39.998 mm
A
0.0004
ÖRNEK 5
0.002 002
C
b=20 mm A
x D
g xy
40 0.005 005 20
0.00005
0.25103
0.0012 0.0004 0.0016 e x 6104 e y 4104
Şekilde görülen ince dikdörtgen plak iki eksenli çekme gerilmeleri etkisinde uzama oranlarını yapmaktadır. yapmaktadır. AC köşegenindeki boy değişimini hesaplayınız. 0.061
y B
y C
C
C’
AC köşegeninin şekil değiştirdikten değiştirdikten sonraki ilk uzunluğu;
B 3. 6 4 2 5 7 3 3 . 7 2 5
152 mm x
A 203 mm
2
253.734mm
x
0.122
AD kenarındaki toplam şekil şekil değiştirme=
AD e x
0.122 122mm
AB kenarındaki toplam şekil değiştirme= değiştirme=
AB AB e y
0.061 061mm
AC köşegeninin ilk uzunluğu= uzunluğu=
2
D
A
D
152.061 203.122
152 152
2
2
203 203
253 253 6
AC köşegenindeki köşegenindeki boy değişimi;
AC 0.1343mm 75
Şekil Değişiminin Bileşenleri Üniform şekil değiştirme yoksa birim şekil değiştirme cismin içinde noktadan noktaya değişir . Daha önce yazdığımız bağıntıların x uzunluğundaki bir AB doğru parçası ile ilgili olması gerekir. Eksenel kuvvet altında doğru parçasının uçları u ve u + u yer değiştirmelerini yaparak A’ ve B’ noktalarına gelir. Yani doğru parçasının boyunda u kadarlık bir uzama gerçekleşir . Tanım gereği normal şekil değiştirme e x
Bir düzlem elemanın doğrusal şekil değiştirmeleri y
yapabilecektir.
u dx x
u v
v dy y
dy v
x
dx u u dx u dx u x e x dx x
v dy v dy v dy y v e y dy y
dx
Bir düzlem elemanın açısal (kayma) şekil değişimi u dy y
y
u du lim lim x 0 x dx
dır . Burada limitin anlamı düşünülürse Δ x , sıfıra giderken yalnızca A noktasında x doğrultusundaki uzama oranı ifade edilmektedir. Düzlem veya iki eksenli şekil değiştirme durumunda yükleme öncesi ve sonrası cisim içindeki her nokta yine aynı düzlem içinde kalırlar . Bu durumda birim kalınlıklı dx ve dy boyutlu bir eleman doğrusal ve açısal şekil değiştirme
u
C’
u
B’
B
C
D’
dy
A’
v
A
D
v dx x x
u v dy dx y x g xy u v dy v y dy v dx u x dx u u v dy dx u v y x 1 e y dy 1 e x dx y x
dx
Örneğin u’nun y ekseni doğrultusundaki değişimi (hızı) u , u’daki
y u u artış ise sonsuz küçük elemanın başlangıçta dy dır. Burada y y
76
gösterimi (notasyonu) kullanılmaktadır. Benzer şekilde
B
x
v y
e x
u x
g xy
u v y x
u u dx dy x y v v dv dx dy x y du
Bu ifadelerdeki her terim, fiziksel anlamından hareketle yandaki şekil üzerinde işaretlenmiştir.
u dy y
C
Rijit ötelenme
u dx x
D
dy
u
Bir noktadaki düzlem şekil değiştirme halini anlatabilmek için yukarıda tanımlanan üç birim şekil değiştirme bileşeninin verilmesi gerekir. Önceki sayfada süperpozisyon kuralı kullanılarak elde edilen bir noktadaki doğrusal ve açısal düzlem şekil değiştirme bileşenlerini tek bir şekil üzerinde tekrar gösterelim. Yer değiştirme fonksiyonlarındaki değişimi aşağıdaki biçimde yazmak mümkündür.
v dx x
B
y
yatay kenar da v açısı yapacak şekilde şekilde yükselir. e y
C
v dy y
u dy y
u ve v, x ve y’nin fonksiyonu olduklarından kısmi türev
A
v dx x
D
v
x
dx
Düzlem elemanın doğrusal şekil değiştirmeleri
dx u dx dx u x e x x dx
v dy y dy dy v e y dy y
Düzlem elemanın Açısal şekil değiştirmeleri u u v v dy dy dx dx u v y y x g xy x v dx u dx 1 e y dy 1 e x dx y x d y dy x y 77
UYGUNLUK DENKLEMLERİ Bir noktadaki düzlem şekil değiştirme hali örneğin xy düzlemi için, x ve y eksenleri doğrultusundaki uzama oranları ile xy düzlemindeki kayma açısı yardımıyla açısı yardımıyla tanımlanmaktadır. Bir noktadaki üç boyutlu şekil değiştirme halinin tanımlanmasında x, y ve z eksenleri doğrultusundaki uzama oranları ile xy, yz ve xz düzlemlerindeki kayma açılarının verilmesi yeterlidir. Kenarları dx, dy ve dz olan üç boyutlu bir prizmatik elemanın yapacağı elemanın yapacağı şekil değiştirmeyi tanımlamakta aşağıdaki altı adet şekil değiştirme bileşenleri kullanılır. Bu şekil değiştirme bileşenleri tıpkı gerilme haline benzer bir simetrik tansör oluşturur.
e x
u , x
g xy
u v , y x
ey
v , y
g yz
e z
v w , z y
w z g xz
u w z x
e x g xy g xz e g yx e y g yz g zx g zy e z
Eğer bir noktadaki şekil değiştirme halini anlatan 6 bağımsız şekil değiştirme bileşeni biliniyorsa, prizmanın boyutlarındaki ve şeklindeki değişimi tam olarak belirleyebiliriz. 6 adet birim şekil değiştirme bileşeni, eksenler doğrultusundaki üç adet yerdeğiştirme fonksiyonlarına türevlerle bağlıdır. Demek ki bu büyüklükler birbirlerinden bağımsız olamazlar . ex, ey, ez, gxy, gyz ve gxz’nin sağlaması gereken 6 adet ifadeye UYGUNLUK denklemleri denir. İki boyutlu problemlerde yalnızca 1 adet uygunluk denklemi vardır. Uygunluk denklemleri şekil değiştirmenin sürekli ve tek değerli olduğunu ve şekil değiştirme sırasında cismin içinde kütle kaybı (boşluk) olmayacağını ifade ederler. 2 2 2e x e y g xy y 2 x 2 x y
Düzlem Hali için Uygunluk denklemi
78
ÖRNEK 7
Örnek 6 0.4x0.4 m’lik kare ABCD plağının yüklemeden plağının yüklemeden sonraki hali şekil üzerinde kesikli çizgilerle gösterilmiştir. A
köşesinde, düzlem şekil değiştirme bileşenlerinin ortalama değerlerini hesaplayınız.
Şekilde gösterilen bisiklet fren lastiği V kesme kuvveti etkisiyle deforme olup AB’C’D şeklini almıştır. Kayma açısının; a) herhangi bir noktada, b) Yüksekliğin ortasında c) Orijinde aldığı değerleri hesaplayınız.
y
y 0.15 mm
400 mm
h=0.5 mm
B 0.25 mm
C 400 mm 0.1 mm
A 0.3 mm
e x
u D u A
e x g xy
x
vB
400
0.1 0 400
C’
C 2
D
x
a
vA y
0.7 0.3 1000 400 0 0.3
A
0.7 mm
e y
y x h b
b=200 mm x
D
V
B’
B
e y
2
g xy
0.25 400
500
Negatif işaret açının arttığını gösterir.
u B u A
y
625
y u h , v 0 b 2h u v g xy 2 y y x b
v D v A
x
g xy
b) g xy
a)
c) g
2 0.5 2
200
2 0.5 2002 0
y 0.025 103 y
100 0.0025
79
ÖRNEK 8
ÖRNEK 9
Şekilde görülen ince üçgen plak, uniform şekil değiştirme yaparak A’B’C’ biçimini almıştır. e x ve e y uzama oranları ile AC ve BC kenarları arasındaki kayma açısını hesaplayınız y 1.2mm
A
1m
1m
1.2mm
B
B’
A’
C’
Şekilde gösterilen çubukta oluşacak en büyük e x uzama oranını; elemanın uzunluğu doğrultusundaki yerdeğiştirme fonksiyonunu
a)
u x L
b)
u L 10
2
10
3
3
sin x 2 L
olması durumları içi ayrı ayrı hesaplayınız. 1m
1.5mm
x
C
x
L
e x
1.2 1000
0.0012
2 2 tan
1
e y
1.5 1000
0.0015
1001.2 90.15o 998.5 998
g xy 90 90.15
180 180
0.0027radyan
a)
b)
e x
e x
du dx
du dx
2 x L
2L
103
0.002 maks x L
3
L 10
cos 2L x
maks
10 0.00157 2 3
80
Mühendislikte Kullanılan Malzemeler
Eksenel yüklü çubuk problemini tekrar ele alalım. Yazılabilecek iki denklemde; Gerilme-Dış yük
x
Birim şekil değiştirme - yerdeğiştirme
e x
P A u
x
. x , e x , u Olmak üzere üç bilinmeyen vardır. Gerekli olan bir ilave denklem σ -ε ilişkisi malzeme kaynaklıdır. Sonuçta eleman üzerindeki yüklerden üzerindeki yüklerden oluşan yerdeğiştirmeler oluşan yerdeğiştirmeler ve malzemelerin mekanik özellikleri birleştirilebilir.
Bünye Bağıntılarının Deneysel Olarak Belirlenmesi Malzemenin yük altındaki davranışını tanımlamakta gerilme ve birim şekil değiştirme kavramlarının kullanılacağı daha önce GERİLME konusu anlatılırken söylenmişti. Bu bölümün başında uzama oranı ve kayma açısı adı verilen iki birim şekil değiştirme kavramı açıklandı. Malzemenin yük altındaki davranışını belirlemek amacıyla eksenel çekme ve kesme deneyi gibi basit deneyler yapılır. Eksenel çekme deneyinde genellikle silindirik numuneler kullanılır. Numuneye uygulanan çekme kuvveti yavaş yavaş arttırılarak numunenin boyundaki uzamalar ölçülür. Düşey eksende uygulanan çekme kuvveti yatay eksende numune boyundaki uzamayı gösteren kuvvet-deplasman diyagramından yalnızca o numune hakkında bilgi alınabilir. Malzeme davranışını betimleyen sabitlerin bulunmasında birim alana gelen kuvvet ile birim boydaki değişimi ifade eden σ -ε diyagramı tercih edilir.
İki ve üç eksenli gerilme halinde, bünye bağıntılarının deneysel olarak belirlenmesi pratik bakımdan mümkün değildir. Hem yapılması gereken deney sayısı çok fazladır, hem de deneylerin yapılmasında teknik zorluk söz konusudur. Bu sebeple tek eksenli çekme ve kesme deneyi sonuçları çok eksenli gerilme etkisindeki malzeme davranışını ifade etmek üzere genelleştirilir. Yük altındaki malzemede oluşan gerilmeleri, birim şekil değiştirmelere bağlayan bünye yada malzeme bağıntılarına genelleştirilmiş Hooke yasaları adı verilir. Şimdi mühendislikte kullanılan çeşitli metaller, plastikler, ahşap, seramikler cam ve beton gibi malzemelerin önemli özelliklerini tanımlayacağız. 81
ELASTİK MALZEME Elastisite : Yüklerin kaldırılması ile ilk şekillerine geri dönme özeliğidir. Yüklemenin büyüklüğüne bağlı bir özelliktir. Plastisite : İlk şekle dönüş olmayan malzemelere has bir özelliktir. Süneklik : Kırılmadan önce büyük şekil değiştirme yapabilme özelliği. Örnek: çelik, çeşitli alaşımlar, naylon Gevreklik : Kırılmadan önce çok az deformasyon yapma özelliğidir. Örnek: Dökme demir, beton
SÜNEK
Yükleme Hızı
Gerilme Şekli
Sıcaklık
GEVREK
KOMPOZİT MALZEME İki veya daha fazla sayıda malzemeden oluşan bünyeye denir (Çelik lifli cam, polimerler) Matris adı verilen bağlayıcı içinde yüksek dayanımlı malzemenin katılmasından oluşur. Homojen malzemelere göre daha yüksek dayanım/öz ağırlığa sahiptir. Mukavemet dersinde HOMOJEN İZOTROP malzemeler ele alınacaktır.
İzotrop malzemenin yük altındaki davranışı yönden bağımsızdır. Örneğin izotrop malzemeden yapılmış bir kübe uygulanan yük, hangi doğrultuda etkirse etkisin aynı şekil değişimi ölçülecektir. Ahşap ise anizotrop bir malzemedir. Kuvvet etkisindeki davranışı yöne davranışı yöne bağlıdır. Ahşabın büyüme doğrultusunda etkiyen yükü taşıma özelliği iyi iken enine doğrultuda etkiyen yükleri taşıma özelliği düşüktür. Süneklik önemli bir malzeme özelliği olduğu kadar yapısal davranış açısından da aranan bir özelliktir. Deprem gibi çok büyük zorlamalar geldiğinde her elemanın taşıyabildiği kadar kuvveti taşıması fazlasını ise komşulara aktarabilmesi (yüklerin yeniden dağılımı) ancak yapı elemanlarının kırılmadan büyük şekil değiştirme yapabilmesi ile diğer bir deyişle sünek davranışla mümkündür. Sünek davranışda büyük deformasyonlar söz konusu olduğundan zorlanmayı haber verme özelliği bulunmaktadır. Gevreklik ise sünekliğin tersi bir özellik olarak deformasyon yapma kabiliyetinin olmaması demektir. Gevrek davranışta malzeme yada yapı aniden göçerek büyük mal ve can kaybına sebep olur. Gevrek davranışta haber vericilik yoktur. 82
GERİLME-BİRİM ŞEKİL DEĞİŞTİRME DİYAGRAMI
σ -ε diyagramları malzeme özelliklerinin belirlenmesinde kullanılır. Diyagramlar eksenel çekme deneyi yapılarak çizilir. Genellikle dairesel kesitli bir numune deney aletine taklılır ve oda sıcaklığında yavaş yavaş arttırılan eksenel çekme kuvveti uygulanır. Numunedeki uzamaları ölçmek için Ekstansometre adı verilen bir alet kullanılır.
a P M
e m l i r e G
a P M
Ölçek N Ölçek M
Ölçek M
Ölçek M
e m l i r e G
Solda verilen diyagram, yapı çeliği için σ -ε diyagramıdır. OABCDE diyagramının ilk kısmı ölçek değiştirilerek yeniden çizilmiştir. OABCF gerçek gerilme-gerçek uzama oranı diyagramı Diyagramlar: Uğural, 1991
Birim Şekil Değiştirme e
Uzama Oranı e
Gerçek gerilme- gerçek uzama oranı diyagramı malzeme konusundaki araştırmalarla plastik davranışın incelenmesinde kullanılır. DİYAGRAMIN OA KISMI : Elastik bölge, A noktasına kadar σ -ε doğrusal A noktasından sonra malzemede gerilme artmaksızın uzama görülür. Genellikle A ve B akma noktası aynı alınır. Orantı sınırı
pL
a
Akma sınırı
83
AE KISMI :Plastik bölge, CD arasında uzamalar gerilmenin artmasıyla mümkün, buna pekleşme adı verilir. C noktasından sonra ulaşılan D noktası σ çekmedayanımı çekmedayanımı adı verilir. σ E = Kırılma dayanımı, Kırılmada parçalar çubuk eksenine 45o açı yapan yüzeyler oluşturur. Klasik diyagramlar, gerçek gerilme gerçek şekil değiştirme diyagramlarındaki açılmanın sebebi uzamaların tek bir kesitte
Boyun verme
birikmesidir. Buna boyun verme denir.
Standart Süneklik Ölçüleri:
Uzama Yüzdesi =
L0
Lk ıırılm ıırılm
Alan Azalma Yüzdesi =
L0
100 %25
A0 Ak ıırılm ıırılm A0
(Yapı çeliğinde)
100 %50
(Yapı çeliğinde)
Alüminyum, magnezyum ve bakırda belirgin bir akma noktası görülmez. Akma gerilmesini bulmak üzere 0.002’lik uzama oranına karşı gelen noktadan başlangıç teğetine paralel çizilir. Plastik bölgedeki numuneden yük kaldırılırsa başlangıç teğetine paralel olarak yük boşaltma eğrisi (doğrusu) görülür. BG//OA, B noktasındaki uzama malzemede kalıcı olur. Yeniden yüklendiğinde GB ve orijinal diyagram üzerindeki eğri boyunca ilerlenir. Sünek malzemelerin eksenel çekme ve eksenel basınç altındaki davranışları aynıdır. Gevrek malzemelerin çoğunda eksenel basınç dayanımları, çekme dayanımlarından fazladır. Malzeme özellikleri direkt kesme ve burulma deneyleriyle de bulunabilir. Bu deneylerde τ-γ diyagramları çizilir. Akma gerilmesi ve dayanım sınırı çekme deneylerinde bulunanın yarısı bulunanın yarısı mertebesinde elde edilir. 84
HOOKE YASASI VE POISSON ORANI
Yapı malzemelerinin çoğunda σ -ε diyagramları doğrusal elastik bir bölge ile başlar. E e
İfadesi HOOKE yasası olarak bilinir.
E : Elastisite modülü (Young Mudülü) Birimi gerilme birimi ile aynı [Pa, MPa] Başlangıç teğetinin eğimidir. Çelik için 200-210 GPa dır. ε : boyutsuz büyüklük
Orantı limiti üstündeki noktalardaki diyagram eğimine teğet modülü Et adı verilir.
Eğim = E t
Yine orantı limiti üstünde E oranına Sekant modülü adı verilir. Bu e üç değer malzemenin çekme ve basınçtaki rijitliğinin ölçüsü olarak kullanılır. Elastisite özelliği kesme kuvveti taşıyan bir eleman üzerinde benzer şekilde ölçülebilir. – g diyagramının doğrusal elastik olduğu kısımdan s
0
pL
Eğim = E s
Eğim = E
e
G g
Kayma gerilmesi – Kayma şekil
değiştirme için “Hooke “Hooke Yasası” Yasası ” denir.
Kayma Modülü [Pa, MPa] Çekme gerilmeleri uygulandığında elemanın boyu uzarken elemanın en kesit alanı azalır (enine doğrultuda büzülme olur). Elastik bölgede; Enine Uzama Oranı n : Poisson Oranı : 0.3 Çelik için = Boyuna (eksenel) Uzama Oranı 0.5 kauçuk genellikle 0.25-0.35 0.1 beton arasında değişir. 85
Örnek 10
ÖRNEK 11
Şekilde görülen çelik dikdörgen blok iki ucundan uygulanan çekme kuvveti etkisindedir. P = 46706 N’luk çekme kuvveti uygulandığında x = 0.07112 mm artış, z = 0.005334 mm azalma ölçülmüştür. E ve n’yü hesaplayınız.
Şekilde görülen elemanın üzerine yüklemden önce 10x10
mm2 lik ABCD karesi çizilmiştir. Yüklemeden sonra kare,
eşkenar dörtgen şeklini aldığına göre Elastisite modülü ile Poisson oranını hesaplayınız. B
y
85 MPa
C
A
14.15mm
85 MPa
D
12.7 mm P
14.11mm
P x
z
25.4 mm
101.6 mm
Yüklenmeden önce köşegen uzunluğu; AC AC BD BD 10
2
x
x
46706 25.4 12.7
e x
144.79 MPa MPa 144
E e
144. 144.79 79
L E E 206841MPa MPa e z
n
z 25.4 e z
0.07 0.0711 112 2 101.6
25.4
2.1104 7 10
4
14.14 14.15 14.14
2.1104 e boyuna
0.3
85 40.6 * 103 MPa MPa e 14.11 14.14
7 104 e enine
0.005334
E
102 14.14mm
14.14
0.000707
14.1114.14 14.14
n
e enine e boyuna
-0.00212 86
1 3
HACİM DEĞİŞİMİ :
dx.dy.dz hacimli bir küp eleman üzerine yalnızca x gerilmesi uygulayalım.
y
e y
e z ne x n
dx dz
Kübün son hacmi
eydy
x
x
Birim Hacim Değişimi V V 0
e
V 0
x E
V
exdx
e
e x e y e z
1 2n
Sıkıştırılamaz cisimlerde
1 2n E
V 1 e x dx 1 e y dy 1 e z dz
V V 0 V
ezdz z
E
V 1 e x e y e z 2ve3. mertebe terimler dx dy dz ihmal edilir
x
dy
x
x E
n
x E
n
e
x E
Çekme Gerilmesi Hacmi Arttırır.
x
e 0 1 2n 0 n
V 0
Basma Gerilmesi Hacmi Azaltır. 1 2
Lineer elastik bölgede n < 0.5 Plastik bölgede n = 0.5 (hacim sabit kalır)
87
ÖRNEK 12
Çapı 52 mm, boyu 102 mm olan bir çubuğun eksenel çekme kuvveti altında hacminin 125 mm3 arttığı gözlenmiştir. Eksenel kuvveti (P) hesaplayınız E=70 GPa, Poisson Oranı=0.3 y
P
x
z
P
52 mm
102 mm
e
eV0
V V 0 V 0
125
x E
e x e y e z
1 2n V0
x E
n
1 2n E
x E
xV0
n
x E
(1 2 0.3) .3) P 70000
A A102
P 214461 N
88
GENELLEŞTİRİLMİŞ HOOKE YASALARI Tek eksenli, - e bağıntısı iki ve üç eksenli gerilme hali için genişletilebilir . Deney sırasında, normal gerilmelerin kayma birim şekil değiştirmesi oluşturmadığı veya kayma gerilmelerinin de normal birim şekil değiştirmesine yol açmadığını görmekteyiz. Malzemenin lineer elastik, şekil değiştirmelerin küçük oldukların kabul edildiğinden süperpozisyon ilkesinden faydalanarak iki ve üç eksenli gerilme durumu için Hooke yasaları formüle edilebilir. y
x
n x
y
E
y
xy
E
x
Tam kayma etkisindeki eleman
İki eksenli gerilme etkisindeki eleman y
x
e x
Birim kalınlıklı elemanın iki eksenli gerilme etkisinde olduğunu düşünelim. x gerilmesinden x ekseni doğrultusunda x/E kadar uzama oluşur. y gerilmesi ise x ekseni doğrultusunda ny/E kadar kısalmaya neden olur. x ve y gerilmelerinin etkisi altında x ve y doğrultusundaki uzama oranlarını; e x
x E
n
y E
e y
y E
n
x
g xy
E
xy G
xy
Tam kayma düşünüldüğünde ise elastik gerilme – şekil değiştirme bağıntısı g xy olmakta idi . xy gerilmesi yalnızca G kayma birim şekil değiştirmesi oluşturmaktadır. Yukarıdaki Yukarıdaki ifadeleri gerilmeler cinsinden yazarsak; E e x n y E e y
x
y n x
E e y
y n E e x n y
E e y n E e x y 1 n 2
x
E 1 n
2
e ne x
bulunur. bulunur. Bu ifadelere iki boyutlu gerilme halinin HOOKE YASALARI denir. ASALARI denir.
y
y
E 1 n
2
ne
x
e y
xy
g xy
Gg xy
89
Benzer şekilde üç boyutlu gerilme halinin Genelleştirilmiş Hooke Yasalarını şöyle yazabiliriz.
1
e y
1
e x
E
E
n
z y
x
y
g xy
n x z
g yz
xy G
yz
y
G yz
e z
1 E
n z
x
g xz
y
xz
yx
O
zy
xy
z
G
xz
x
dy
zx
Bu ifadeleri gerilmeler cinsinden yazarsak; x
x
E n
1 n 1 2n
e e x
y
e z 2Ge x
xy
Gg xy
zx z
xz zy
O xy
y
E n
1 n 1 2n
e e x
y
e z 2Ge y
yz
yx
yz Gg yz
dz
dx y
z
E n
1 n 1 2n
e e e 2Ge x
y
z
z
xz
Gg xz
Daha önce doğrusal ve açısal şekil değiştirmeleri incelediğimiz elemanın diyagonalindeki boy değişimi normal birim şekil ve n ile ilgili olması değiştirme x ve e y ile kayma birim şekil değişimi g x y’den oluşacağını görerek kayma modülü G ’nin ’nin E ve gerektiği sonucuna varırız. Bu durum ileri bölümlerde tekrar ele alınacaktır. G
E 21 n
Sonuç olarak izotrop malzemelerin iki bağımsız elastik sabitinin olacağını bu sabitlerin de eksenel ve ν şeklinde bulunduğunu, Kayma modülü G ’nin ve ν cinsinden cinsinden ifade çekme deneyi ile E ve ’nin E ve 90 edilebileceğini söyleyebiliriz.
ÖRNEK 13
x
ÖRNEK 12
Şekilde görülen dökme demirden yapılmış
Şekilde görülen bloğa P = 17800 N’luk eksenel kuvvet etkimektedir. Bloğun y ve z eksenleri doğrultusunda şekil değişimi engellendiğinde eksenel doğrultudaki uzama oranı ne olur?
120 mm
silindir, eksenel
doğrultuda 40 MPa, radyal doğrultuda 10 MPa’lık basma gerilmeleri
(E = 69 GPa, n 13 ) y
z
200 mm
etkisindedir. E = 100 GPa, n = 0.25 alarak silindirin
boyu ve çapındaki değişimleri ve hacimdeki değişimi hesaplayınız.
m m 9 1
P=17800N
y
101.6 mm z
x
MPa 40 MPa 1
e x
e y
e z
10010
3
y
x
MPa z 10MPa
10010
3
e y
10 0.2510 40 0.025103
L 0.35103 200 200 0.07mm
e e x e y e z 0.3510 3
2 3
3
2 0.02510 0.3010
V e V 0 0.3010 60 200 679mm 2
3
19 9.53
98.3 MPa MPa
1 y E
y z
d 0.025 025 10 3 120 120 0.003 003mm
3
17800
1 98.3 z 0 3 1 1 e z z 98.3 y 0 E 3
40 0.2510 10 0.35103 1
x P=17800N
9.53 mm
Hacim azalması
3
e x
y
z
1 3
y
z 196 196.6 0
196 196.6 3
MPa y z 98.3MPa
1 98.3 y z 69000 3 1 1 1
98 3
98 3
6
950 950 10
91
Örnek 14
Bir noktadaki şekil değiştirme bileşenleri e x = 900, e y = -100 ve g xy = 600 olarak biliniyor. Bu şekil değiştirme durumunu oluşturacak düzlem gerilme halini belirleyiniz. E=200 GPa Poisson oranı=0.3 x
y
xy
E
200000 10 191.2 e ne 1 0.3 (900 0.3 ( 100)) 10
MPa
200000 9 00) 10 10 37.4 e ne 1 0.3 (100 0.3 90
MPa
6
1 n
2
E
x
y
2
6
1 n
2
y
Gg xy
x
E 2(1 )
2
g xy
200000 2(1 0.3)
600 106
46.15 MPa
Şekilde görülen blok bütün yüzeylerinden etkiyen p = 150 MPa’lık üniform basınç etkisindedir. E = 200 GPa, n = 0.3 alarak hacimdeki ve her bir kenarındaki boy değişimini hesaplayınız.
ÖRNEK 15
y
x
y z p
e x
e y
1 E
P 40 mm P
1 E
p n 2 p
p n 2 p
1 2n E 1 2n
x
e z
30 mm P z
e
e x
100 mm
1 2 0.3 20010
3
150 0.3103
V V 0
1 E
p n 2 p
e y e z e
E
p
1 2n
1 2n E
p
E
p
p
V 3 0.3103100 40 30 108mm3 e x e y e z 3e
92
ÖRNEK 16
Uzunluğu L, kalınlığı t ve genişliği b olan levha iki rijit duvarın arasına şekilde gösterildiği gibi yerleştirilmiştir. P eksenel basınç kuvveti taşıyan levhadaki gerilme ve birim şekil değiştirme bileşenlerini belirleyiniz.
ÖRNEK 17
20X20 mm. Lik kare plağın Şekilde gösterilen düzlem gerilme hali etkisinde AC köşegeninin eğimindeki değişimi hesaplayınız. E=70 GPa, Poisson Oranı=0.3 y
y=80 MPa
y
C
D
MPa
y
B
e y
t
x
20 mm
z 0
e y
1
n y 19.43104
e x
n x 4.57 10 4
e z
x
y
b
L
A
E 1
z
P
x=160
x
1
P
x
20 mm
e x
y
E AB AB (1 e x ) 20 20.03886
BC (1 e y ) 20 20.00914
0 x
n
e y
n
n
E
x
E
y
x
1 n
y
2
e x
E
P b t
P b t
0
1 n
e z
g xy
g yz g xz 0
n x y n x
x
1 E
e x
y
P b t
y n
1 n
2
e x
E
x
P b t
n 1 n P E
b t
1
.00914 tan ( 20 ) 44.957 20.03886
Aç Açı deg deg 44.957 45 0.043 Egim Egim deg deg tan 44.957 tan 45
0 0015 radyan
x e x
E 1 n
2
Efektif elastisite modülü
e z e x
n 1 n
Efektif poisson oranı
93
ŞEKİL DEĞİŞTİRME ENERJİSİ Dış yüklerin cismin şekil değişimi sırasında yaptıkları iş şekil değiştirme enerjisi olarak cismin içinde depolanır. depolanır. Enerji kaybının olmadığı, tam elastik cisimlerde yükün kaldırılması ile (şekil değişimini yok ederek) geri alınabilir. Bu bölümde verilecek şekil değiştirme enerjisi kavramı statik ve dinamik yüklerle ilgili çeşitli problemlerin çözümünde kullanılacaktır. Şekil değiştirme enerjisnin en büyük faydası elemandaki kırılmanın belirlenmesi ile darbeli yüklemenin malzeme üzerindeki etkisinin incelenmesinde ortaya çıkmaktadır. çıkmaktadır. Tek eksenli gerilme halinde şekil değiştirme enerjisini belirlemek üzere yavaş yavaş artan x gerilmesine maruz bir eleman düşünelim. Elemanın x yüzlerinde xdydz kuvveti etkir. x ekseni doğrultusunda exdx kadar bir uzama oluşur. Lineer elastik malzemeler için Hooke yasası y x E e x
x
x
dz
x
Orantı sınırı
U*0 x
Non-Lineer Elastik
dy
u0 dx
z
ex
Şekil değiştirme sırasında elemanın yüzlerine etkiyen ortalama kuvvet değiştirme enerjisi dU,
1
2
x
Lineer Elastik
dy dz e x dx olur. dU
1 2
x
dy dz olur. Bu kuvvetin yaptığı iş, yani ş ekil
1
1 x e x dy dz dx xe x dV 2 2
SI birim sisteminde iş ve enerji birimi Joule (J)’dür. (J)’dür. (N.m) Birim hacimdeki şekil değiştirme enerjisi alır ve U0 ile gösterilir. U 0
1
x2
2
2 E
x e x
E e x2 2
dU dV
enerji yoğunluğu adını
Bu alan şekilde mavi olarak gösterilmiştir. –e diyagramının üzerindeki alana 94
Şimdi xy kayma gerilmesi taşıyan bir eleman düşünelim. Üst yüze etkiyen xydxdz kuvveti gxydy yerdeğiştirmesini oluştursun. Gerilmeler sıfırdan başlayıp yavaş yavaş artarak son değerine ulaştığından ortalama kuvvet 1 2
xy dx dz
Olur. Tam kayma halinde enerji yoğunluğu; dU dV
U 0
1 xy dx dz g xy dy 2
dx dy dz
1 2
2
xy g xy
xy
2G
Bulunan bu ifadenin – g diyagramının altındaki alana eşit olduğu söylenebilir. söylenebilir.
2 Gg xy
2
2
U
xy
2G dV
Kayma gerilmesinden oluşan şekil değiştirme enerjisi yukarıdaki ifadenin hacim üzerinden entegrali alınarak elde edilir. Bu ifade burulma etkisindeki millerle, kesme kuvveti etkisindeki kiriş problemlerinde kullanılabilir. En genel gerilme durumunda şekil değiştirme enerjisi aşağıdaki biçimlerde yazılabilir .
U 0
Asal eksen takımı kullanıldığında
U o
U o
1 2 E
1 2 E
1 2
e
x x
ye y z e z xyg xy xz g xz yz g yz
y2 z 2 2n x y x z y z
22 32 2n 1 2 2 3 1 3
2 x
2 1
1 2G
2 xy
xz 2 yz 2
95
SI birim sisteminde enerji yoğunluğu birimi J/m3 dür veya (pascal). Şekil değiştirme enerjisi ifadesinde sx’in karesi geldiğinden bu her zaman pozitif bir büyüklüktür.
Kırılma Göçme
a Tokluk Modülü
Rezilyans Modülü
e –ε diyagramında akma noktasının altında kalan alan veya akma gerilmesine ulaşan bir malzemedeki şekil değiştirme enerjisi yoğunluğu Rezilyans Modülü adını alır. Rezilyans modülü malzemenin kalıcı şekil değişimi yapmadan yutabileceği enerjinin ölçüsünü verir. Örneğin yumuşak Örneğin yumuşak çelik; 2 2 E
220 220 10
e
–ε diyagramının altındaki bütün alan Tokluk Modülü adını alır ve malzemenin kırılmaksızın yutabileceği enerji miktarını gösterir.
6 2
2 200 200 10
9
121 121
kJ
3
m
Tek eksenli normal gerilme durumunda şekil değiştirme enerjisi , enerji yoğunluğu ifadesinin hacim üzerinde entegre edilmesi yolu ile;
U
x2
2 E dV
Bulunur. Bulunan bu ifade eksenel yükleme ve ve kirişlerin eğilmesi eğilmesi problemlerinde kullanılabilir.
96
ÖZEL DURUM:
İki ucundan N eksenel kuvveti etki eden prizmatik çubuğa depolanan şekil değiştirme enerjisinin hesabı y
dv=A.dx
N
N
x dx
ÖRNEK 19
Şekilde gösterilen konik çubuk P kuvveti etkisi altında dengededir. Çubukta depolanan şde ni hesaplayınız.
L
P x
r
U
2 x
2 E
dV
N
2
r
2
2
2EA
Adx
U
Amin
2EA
ÖRNEK 18
u
10 mm çaplı 3 metre uzunluğundaki çubukta depolanan şekil değiştirme enerjisi 70 J dür. P kuvvetinin değerini hesaplayınız. E=200 GPa
A
x
P
U
2 EA
du
4 L
dx dx 2
U
x2 2 E
2
2
dV
P
2 2
2EA x
A x dx
P
2
2E
dx
A
x
2
P L 8 EAmin
P *3
2 * 200 10 109 * 7.854 10 105 P 27075 N
du
u
2
2
70
L
x 1
4 4 A x r r x 1 Amin x 1 L L
U 2
4
P
L
2 x
L
P L
5r
N L
P L 10 EAmin
97
2
ÖRNEK 20
Şekilde gösterilen iki çubuklu kafes sistemde sistemde B düğümündeki düşey yer değiştirmeyi iş-enerji yöntemiyle hesaplayınız. E=70 GPa
İŞ-ENERJİ YÖNTEMİ İLE DEPLASMAN HESABI
C
Eğer bir kafes kirişe sadece bir tek kuvvet etki ediyorsa kuvvetin etki ettiği noktadaki yer değiştirmeyi iş-Enerji yöntemi ile hesaplayabiliriz. Dış kuvvetin yaptığı iş (W), kafes sistemde depolanan toplam şekil değiştirme enerjisine (U) eşit olmalıdır. Dış Kuvvet sıfırdan başlayıp yavaş yavaş artarak son değerine ulaştığı için yapılan işi ortalama kuvvet x yer değiştirme olarak yazmak mümkündür.
A = 0 . L = 0 00 2 2 . 5 5 m 2 m
m 2
A
2
A=0.004 m
B L=1.5 m P =40
kN
FCB=50 kN
W
U
1 2
P d ışış
n
2
Ni Li
2 EA i 1
F 0 y
F 0
i
x
F BC 50 kN F AB
30 kN
F AB=30 kN
B 40 kN
2 1.5 50000 2. 2.5 U 24.732 J 9 9 2 0.004 70 10 10 2 0.002 70 10 10 2
30000
1
W
B
3 1.24 10 1.24
2
P B
24.732 m
1 2
40000 B
24.732 98
Tekrarlı Yükleme Ve Yorulma
Yapı elemanlarının göçme gerilmesinden oldukça küçük gerilme düzeylerine binlerce defa yüklenmesi halinde kırılmasına yorulma adı verilir. Yorulma çatlağının genellikle gerilmenin yoğunlaştığı bölgelerdeki iç yapı kusurlarından/çatlaklarından başladığı, yüzey kalitesi, kimyasal yapı ve iç yapı iç yapı kusurlarıyla ilgili olduğu söylenebilir. Yorulma ömrü veya dayanıklılık genellikle kırılma oluşturan gerilme tekrar sayısı ile ölçülür. Deneysel olarak malzeme iki gerilme sınırı arasında sürekli değişen gerilme durumuna kırılıncaya kadar devam edilir. Yorulma deneyi sonuçları aşağıdaki gibi yarı logaritmik bir diyagram üzerinde işaretlenir.
a P M , e m l i r e G
Çelik Sürekli Dayanım Sınırı
Alüminyum
Yorulma Ömrü N, Devir Sayısı. Uğural, 1991 99
ÖRNEK 22 Şekilde görülen dikdörtgenler prizması şeklindeki beton blok P x = 100 kN, P y = 150 kN ve P z = 50 kN’ luk kuvvetlerin etkisi altındadır. a) Bloğun boyutlarındaki değişmeleri b) Bloğun yalnızca y yüzünden etkiyip önceki yüklemenin sebep olduğu yer değiştirmeyi (y ekseni doğrultusunda) oluşturacak P kuvvetini hesaplayınız. (E = 24 GPa, n 0.2 )
Py
3
x
a) 100 mm Px m m 0 5
200 mm
y
e x
e y
b)
0.4375 103
y E
y
200 200 50
24000 1 24000
e z
e y
150 150 10
1
Py
200 0 0.1375mm x e x 20
100 100 50
20 MPa MPa
3
Px
Pz
100 100 10
1 24000
3
15 MPa MPa
z
100 100 200 200
2.5MPa MPa
20 0.2 15 2.5 0.6875 10
3
15 0.2 20 2.5 0.4375 10
3
2.5 0.215 20 0.1875 103
10 0 0.04375mm e y100
y 10.5MPa MPa
5010
0.009375mm z e z 50
P y y A 10.5*2 5*20 00* 0*5 50 105000N 105kN
100
Uçları kapalı olan ve p iç basıncı etkisinde bulunan bir silindirin yarıçapındaki ve L boyundaki değişmenin
ÖRNEK 23
2
r
pr
2 Et Et
2 n
c r 2 E
2 n ,
L
prL 2 Et
1 2n
a L E
1 2n
Formülleriyle hesaplanabileceğini gösteriniz. r yarıçap; t et kalınlığını göstermektedir. e c
pr t
r
pr Et Et
n
pr 2 Et Et
pr
çevre 2 r '2 r e c 2 r
2t
2 r e c 2 r 2
r r e c
L
e L
pr 2 Et
2 Et
n
2 n
pr Et
c r 2 E
2 n
L e L L
prL 2 Et Et
1 2n
a L E
1 2n
50.8 mm çaplı pirinç çubuk (E = 103 GPa, n 0.30), bronz bir borunun içine geçirilmiştir. Pirinç çubuğa 178 kN’luk eksenel basınç kuvveti uygulandığında çubuk yüzeyi gerilmesiz olarak bronz boruyla temas etmektedir. Bronz borunun iç çapını hesaplayınız.
ÖRNEK 24
pirinç
pr
178000 2
50.8
MPa 87.82 MPa
e enine 0.3
87.82 103000
6 255 255.8 10
4
iç d bronz 50.8 e enine 50.8 50.813mm
101
ÖRNEK 25
50 mm çaplı 1200 mm. boyundaki alüminyum çubuk P = 200 kN’luk eksenel kuvvet etkisindedir. (E = 70 GPa, n 0.30 ) Yük etkisi altında çapının alabileceği en küçük değer ve hacminin ulaşacağı en küçük değer ne olur?
Çapın minimum olması için uygulanması gereken eksenel kuvvet çekme kuvveti olmalıdır. Buna göre;
200000 2
25
101 101.86 MPa MPa
e boyuna
101 101.86 70000
0.001455
e enine n e boyuna 0.3 0.001455 0.4365 10
d min
3
50 0.4365 103 50 49.978 978mm
Hacmin en küçük değeri olması için uygulanması gereken eksenel kuvvet basma kuvveti olmalıdır. Buna göre; 101.86 MP MPa
e e x
e boyuna 0.001455
e enine 0.4365 103
e y e z e boyuna 2e enine 582106
6 2 3 V 582 582 10 25 1200 1370.73mm
V min
3 252 1200 1370.73 2353629mm
102
GERİLME VE BİRİM ŞEKİL DEĞİŞTİRME ANALİZİ Daha önceki bölümlerde ele aldığımız gerilme ve birim şekil değiştirmeleri tanımlamakta eleman eksenine dik doğrultuda alınan kesitleri kullandık. Bu bölümde ise eğik bir düzlem üzerinde bulunan bir noktadaki gerilme ve birim şekil değiştirme hali incelenecektir. Gerilme ve birim şekil değiştirme bileşenleri her zaman yük etkisindeki elemanda göz önüne alınan noktanın konumuna bağlıdır . Dolayısı ile gerilmenin noktadan noktaya değişimi de ele alınacaktır . Bu bölümde düzlem gerilme ve düzlem şekil değiştirme durumları üzerinde durulacaktır . Burada çıkarılacak formüller ile tanıtılacak grafik teknik çeşitli yüklere maruz elemanın bir noktasındaki gerilme ve birim şekil değiştirme dönüşümünün analizinde büyük kolaylık sağlar . Özellikle grafik tekniğin bir noktadaki gerilme değişiminin anlaşılması bakımından ayrı bir önemi vardır . İlerideki bölümlerde lineer elastik malzemelerde E, G ve arasındaki bağıntının bulunmasında dönüşüm yasaları kullanılmıştır .
DÜZLEM GERİLME y
P3
y
P2
xy xy X
X
P4
P1
x y
z
P1
P5
Gerilmeler koordinat eksenlerinin herhangi birinden bağımsız ise (burada z ekseni) iki boyutlu gerilme hali söz konusu olur. Örneğin; eksenel yüklü bir çubuğun eğik bir kesitinde oluşan gerilmeler, burulma etkisindeki bir mil, eksenine dik doğrultuda yüklenmiş bir kiriş. Bu gerilme hali bir’den fazla yük etkisindeki elemanın herhangi bir noktasından geçen bütün düzlemlerde de oluşur . TANIMLAR: İki boyutlu problemler düzlem gerilme ve düzlem şekil değiştirme olmak üzere iki sınıfa ayrılabilir . Bu durum, kalınlığı boyunca düzgün yayılı yükler etkisindeki ince levhalarda karşımıza çıkar . Levha ince olduğundan iki boyutlu gerilme bileşenlerinin kalınlık boyunca değişmediği, ve diğer gerilme bileşenlerinin de sıfır olduğu kabul edilebilir.
103
Düzlem gerilme haline bir diğer örnek, yapı ve makine elemanlarının serbest yüzeyleri verilebilir. verilebilir. Düzlem gerilme halinde, z xz yz 0 ;
x , y , xy 0
olur. Bu gerilmelerin genelleştirilmiş Hooke yasalarında yazılmasıyla, e x
1 E
n x
y
e y
1 E
n x y
e z
n E
x
g xy
y
bulunur. bulunur. ilk iki denklemden x y çözülüp e z de yerine yazılırsa,
e z
xy
n 1 n
G
, g xz g yz 0
e e x
y
Bu ifade düzlem dışı asal birim şekil değişimi e z ’nin düzlem içi e x ve e y birim şekil değişimi cinsinden ifadesidir. ifadesidir. Düzlem şekil değiştirme halinde xz ve yz benzer şekilde sıfır alınabilir sıfır alınabilir . Ancak z sıfır değildir sıfır değildir ve ve değeri x ve y cinsinden hesaplanabilir. hesaplana bilir. x, y ve xy sıfırdan farklı değerler alabilir. alabilir. Amacımız cismin içindeki bir noktadan alınan sonsuz küçük eleman üzerindeki x, y ve xy gerilme bileşenlerinin dönüşüm denklemlerini çıkartmaktır . Aşağıdaki şekilde bir gerilme elemanı gösterilmiştir . Şimdi elemanın x ekseni ile açısı yapacak y
şekilde dönmesi durumunda x’ ve y’ dönmüş eksen takımındaki -ya da diğer bir ifade ile x’ düzlemindekidüzlemindeki- gerilme bileşenlerini bulmak istiyoruz. z doğrultusundaki gerilme
y
y
y '
y ’
’
x ’ y
xy
y'
x ’
x '
x'
x
x O
x
x ’
O
x y ’
sıfır olmasa bile şu anda ilgi alanımız dışındadır. dışındadır. Gerilme elemanın üç boyutlu görünüşü unutulmadan problemi basitleştirmek üzere elemanın düzlemsel gösterilişini vermek adettendir. adettendir. Şekilden de fark edilebileceği gibi elemanın paralel yüzlerindeki gerilme bileşenlerinin şiddetleri değişmemektedir. değişmemektedir. 104
y
y
EĞİK DÜZLEMLERDEKİ GERİLMELER
xy
y'
Şimdi, gösterilen birim kalınlıklı (sayfa düzlemine dik doğrultudaki kalınlık) elemanın şekildeki x,y eksen takımını, x referans ekseninden başlayıp saat dönüşüne ters yönde açısı kadar döndürerek xı ve yı dönmüş eksen takımını oluşturalım. Amacımız x’ eğik düzlemindeki x’ ve x’y’ gerilmelerini bulmaktır . xı ekseninin doğrultusunu gösteren açısı, saat dönüş yönüne ters olduğundan pozitiftir. x ı eksenine dik olan AB kenarına etkiyen gerilmeler, yandaki kama üzerinde pozitif yönde gösterilmiştir . AB kenarının bulunduğu yüzeyin alanı A ise 0A ve 0B kenarlarının bulunduğu yüzeylerin alanları sırasıyla, A 0A=Acos ve A 0B=Asin olur. xı ve yı doğrultularındaki kuvvetlerin dengesinden,
x'
x
x O
y
y x
y'
A
A
’ ’ y x
A x'
’ x
ACos x ACos
ACos xy ACos O
x
B
ASin xy ASin ASin y ASin
F x 0 :
xA xA cos cos xyAcos sin yAsin sin xyAsin cos 0
F y 0 :
xyA xA cos sin xyA cos cos y Asin cos xyAsin sin 0
Denklemleri basitleştirip yeniden düzenlersek,
x
x cos cos 2 y sin 2 2 xy sin cos cos
x y
xy cos cos 2 sin 2 x y sin cos cos
y gerilmesi x teriminde yerine +/2 yazılarak hesaplanabilir.
y
2 x sin 2 y cos cos 2 xy sin cos cos
105
2 2 sin sin cos sin sin 2 2 sin2 1 cos 2 2 cos 1 cos 2 Yukarıda çıkarılan denklemlerde trigonometrik bağıntılarını kullanarak 2 cinsinden yazabiliriz. Bu durumda gerilme dönüşüm denklemleri,
x
1
1
2
2
x y x y cos 2 xy sin 2 1
x y
x y sin 2 xy cos 2
y '
x y x y cos 2 xy sin 2
2
1
1
2
2
biçiminde yazılabilir . En son elde edilen bağıntılar bir bir noktadaki gerilme halinin yani dik iki düzlemdeki üç gerilme bileşeninin bilindiği durumda, açısı ile tanımlanan bütün mümkün AB yüzeylerindeki gerilmelerin hesaplanmasında kullanılabilir . Gerilme, birim şekil değiştirme ve atalet momenti gibi büyüklükler ikinci mertebeden tansörler olup yukarıdaki bağıntılarla dönüştürülürler . Daha sonra göreceğimiz MOHR dairesi, tansörel büyüklüklerin dönüşümünde kullanılan grafik bir gösterim tarzıdır . Son elde edilen ilk iki bağıntı taraf tarafa toplanırsa;
x
y x y Sabit
ifadesi bulunur. Dolayısıyla iki dik düzlemdeki normal gerilmelerin toplamı açısından bağımsız olup değişmezmiş. Bu durum üç eksenli gerilme halinde de geçerlidir . Aşağıdaki problemde açısına bağlı olarak gerilmelerin değişimi incelenecektir.
106
Örnek 1 Şekilde bir makine parçası üzerindeki bir noktadaki gerilme hali gösterilmiştir. gösterilmiştir. a -a ve b-b doğrultularına paralel düzlemlerdeki normal ve kayma gerilmelerini hesaplayıp yönlenmiş bir eleman üzerinde gösteriniz.
y
xı doğrultusu eğik düzleme dik olarak seçilmektedir. seçilmektedir. Burada, ı ı x, y takımındaki gerilme halini x , y takımına dönüştürmek
5 MPa
istiyoruz. Gerilmeler ve dönüşleri kendi işaretleri ile
b
a
60o
10 MPa
kullanmaya dikkat edilmelidir.
10 MPa
45o x
b
45o x
a)
6 MPa
1
x
x y
y
2
5 MPa a
b) 30 90 120o x
x x y y
1 2
1 2
MPa 10 MPa
y
1 2
MPa 5 MPa
MPa y 5 MPa MPa xy 6 MPa MPa 10 MP
10 5 1 10 5cos 90 6sin 90 3.5 MPa 2
1 2
10 5sin 90 6cos 90 7.5 MPa
10 5 1 10 5cos 90 6sin 90 8.5 MPa 2
xy
MPa 6 MPa
10 5 1 10 5cos 240 6sin 240 3.95 MPa 1 2
2
10 5sin 240 6cos 240 9.5 MPa MPa
10 5 1 10 5cos cos 240 6sin 240 1.05 MPa MPa 2
107
ASAL GERİLMELER: EN BÜYÜK KAYMA KAYMA GERİLMESİ Bir noktadaki gerilmelerin şiddetlerinin o noktadan geçen düzleme bağlı olduğunu daha önce belirtmiştik. En büyük gerilmeler ile bu gerilmelerin etkidiği düzlemlerin yapıdaki göçme ile ilgili olması sebebiyle bizim için ayrı bir önemi vardır . Enbüyük x gerilmesini hesaplamak üzere ’ ya göre türevini alarak sıfıra eşitleyelim.
d x d
2
x y sin 2 2 xy cos 2 0
tan 2 p
2
xy
1
2
x
y
Kutu içerisinde gösterilen bağıntıdan bulunacak açısı en büyük ve en küçük normal gerilmenin etkidiği düzlemi gösterdiğinden yerine p ile yazılmıştır . tan2 = tan(2+) olduğundan birbirinden 180 o farklı 2p açıları yukarıdaki bağıntıyı sağlarlar . Dolayısıyla p ve bundan 90o farklı iki düzlem, normal gerilmenin en büyük ve en küçük olduğu iki dik düzlemi gösterir . Şimdi normal gerilmenin maksimum ve minimum olduğu düzlemlerdeki kayma gerilmelerini hesaplayalım.
tan 2 p
2
2
x y x 2 r
2 xy
x
y
xy
2p
x y
x
y
xy
cos cos 2 p
r
x y 2r
y xy x y xy 0 2 2r r
Kayma gerilmesinin sıfır olduğu düzlemlerdeki en büyük ve en küçük normal gerilmelere ASAL gerilmeler adı verilir.
x y 2
x y xy xy x maks x y x y 2 2 2r min r 1
sin 2 p
1
1, 2
1 2
2
x
y
Sayısal olarak büyük olan normal gerilmeyi 1 ile gösterip en büyük asal gerilme adını verelim.
x y xy 2 2 108
1 ve σ 2 asal gerilmelerinin doğrultularını veya etkidiği düzlemleri gösteren p açılarını pı ve pıı ile göstereceğiz. x '
y
y '
2 2
Yukarıda izlediğimize benzer işlemler yaparak en büyük kayma gerilmesiyle etkidiği düzlemleri araştıralım.
y
1
p
x
O
d
d x y
x
p
1
d x y
1
x '
2
1
d
bağıntısından,
0 2
x y cos 2 2 xy sin 2 0 2
2
y '
x
tan 2 s
y
2 xy
bulunur. Burada s en büyük kayma gerilmesinin etkidiği düzlemi göstermektedir . Çerçeve içindeki bağıntıyı birbiriyle 90 o lik açı yapan iki ayrı doğrultu da sağlar . Bu doğrultuları sı ve sıı ile gösterelim. Asal doğrultular ile ile en büyük kayma gerilmesi doğrultusunun kıyaslanmasıyla aralarında 45o’lik açı bulunduğu anlaşılır . En büyük kayma gerilmesinin değerini hesaplayalım. 2
2
x y y x 2 r 2s
xy
tan2 s
x
x y 2 xy
cos cos2 s
y
maks
2 2
x y xy 2 2 maks 2 min
xy
sin 2 s
r
x y 2r
x y x y 2 xy xy 2 r r
2
x y xy 2 2
2
x y 2 109
Fiziksel olarak cebrik işaret anlamsız olduğundan en büyük kayma gerilmesindeki işarete dikkat etmeden maksimum kayma gerilmesi adı verilir. verilir. Eğer x ve y asal gerilmeler olursa 0 olacağından xy
maks
1 2 2
bulunur. y '
y
maks
'
'
y ' '
'
2
x '
k s a
'
a K a y m n i g e K ö ş e
maks x
'
'
s
y'
x '
45o
x
'
s
1
m
'
p
1
'
x
'
x '
'
2
Asal gerilmelerin etkidiği düzlemlerde kayma gerilmesi bulunmamasına karşın maksimum kayma gerilmesinin etkidiği düzlemlerde normal gerilme bulunur. Bu gerilmenin hesaplanması için x bağıntısında 2s yazılması yeterlidir.
x y x y x y xy 2 xy x 2 2 r r x
x '
x y 2
y toplamı sıfır olmadıkça maksimum kayma gerilmesinin bulunduğu düzlemlerde normal gerilme de olur.
Gerilme etkisindeki bir elemanda en büyük kayma gerilmelerini gösteren okların buluştuğu köşeleri birleştiren diyagonale KAYMA KÖŞEGENİ denir. Bu diyagonal maksimum asal gerilme doğrultusundadır . Ayrıca en büyük asal gerilme, en büyük
110
Üç eksen doğrultusundaki 1 , 2ve 3 gerilmelerinin aynı noktaya etkidiğini düşünelim Aşağıdaki düşünelim Aşağıdaki şekilde gerilmelerin 1 2 3
olarak sıralandığını kabul edelim. Gerilmelerin etkidiği noktadan alınan elemanın üç farklı yönden görünüşü şeklin yan tarafında verilmiştir . 2
2
1
3
3
2
1
1
1
1
3
3
2
2
3
2
1
3
2
Bu durumda en büyük kayma gerilmesinin,
maks
m a k s
1 3
2
ifadesiyle hesaplanacağı ve en büyük ve en küçük asal gerilmenin etkidiği düzlemleri ikiye ayıran doğrultularda olacağı anlaşılmaktadır 1
111
Şekilde bir düzlem gerilme hali gösterilmiştir. a) Asal gerilmeleri hesaplayınız. hesaplayınız. b) Maksimum b) Maksimum kayma gerilmesini ve ilgili normal gerilmeyi bularak a ve b şıklarında bulduğunuz gerilmeleri yönlenmiş bir eleman üzerinde gösteriniz
Örnek 2 y
2 MPa
1, 2 5 MPa
7 MPa
2
2
7 2 MPa MPa 52 4.5 5.59 101.09 .09 MPa MPa 2 1
p
2
1 2
tan
1
2 5 31.7 7 2 121.7 ı p ıı p
Hangi düzlemin hangi asal gerilmenin doğrultusunu gösterdiğini bulmak için dönüşüm denkleminde = 31.7o yazalım.
7 MPa
x 31.7 10.09 MP MPa
Sonuç olarak,
bulunur.
o
x
5 MPa
72
ı MPa p 1 10.09 MPa
2
31.7o
o MPa pıı 121.7 1.09 MPa
2 MPa 2
maks
7 2 52 5.59 MPa 2
eb ’ın etkidiği düzlem,
s
1 2
tan
1
1 2
ayrıca
2
7 2 13.3 2 * 5 76.7
Söz konusu düzlemlerdeki normal gerilme,
o
x y 13.3 5.59 MPa o
o
x y 2
bağıntısı da aynı sonucu vermektedir. vermektedir.
72 2
o MPa sı 13.3 maks 5.59 MPa
ıı o maks 5.59 MPa MPa s 76.7
4.5 MPa MPa
maks ’ın doğrultusunu bulmakta kayma diyagonali kullanılabilir . Bu noktadaki gerilme hali matris formunda, = 0o
7 5 MPa 5 2 MPa
= 31.7o 0 10.09 MPa MPa 0 1.09
= -13.3o
4.5 5.59
5.59 MPa MPa 4.5
verilebilir.
112
o
o
DÜZLEM GERİLME HALİ İÇİN MOHR DAİRESİ Gerilme dönüşüm denklemlerine grafik bir yorum getirmek mümkündür . Bu kısımda, bir noktadaki gerilme halinin anlaşılmasını büyük ölçüde kolaylaştıran ve düzlemlerin değişmesiyle gerilmelerdeki dönüşümlerin hızla yapılmasını sağlayan grafik bir teknik üzerinde durulacaktır . Bu amaçla
x , x y
İfadelerini tekrar yazalım.
x y 2
x y
2
x y 2
cos cos 2 xy sin 2
sin 2 xy cos 2
Denklemlerin kareleri alınıp toplanırsa,
(
x y 2
bulunan bu bağıntı, - eksen takımında
Çemberin merkezi
x y
)
2
(
r (
2
x y 2
x y
)
2 2
xy 2
)
2
xy 2 yarıçaplı çember denklemi denklemi olur.
’de dir.
2
113
y
MOHR DAİRESİNİN ÇİZİLMESİ Mohr dairesinin çiziminde öncelikle yatay ve düşey kartezyen eksen takımı, gerilme ölçekleri aynı olacak şekilde çizilir . + i düzlemindeki gerilme hali referans alınır . Bu düzlemdeki normal gerilme ile kayma gerilmesi koordinat değerleri olarak alınıp - düzleminde bir nokta (x) işaretlenir . Benzer şekilde + j düzlemindeki gerilme hali yardımıyla ikinci bir nokta (y) belirlenir. Bu iki noktayı birleştiren doğrunun yatay ekseni kestiği nokta, dairenin merkezi olup C harfi ile gösterilir . C merkezli Cx yada Cy yarıçaplı daire çizilir . Gerilme elemanı ile Mohr dairesi üzerindeki dönüş yönlerinin aynı olabilmesi için ekseninin pozitif yönünü aşağı alıyoruz. Mohr dairesi, bütün tansörel büyüklüklere uygulanabilmektedir. Ölçekli olarak çizim yapıldığında sonuçların grafik olarak okunması mümkündür . Çoğunlukla kaba bir çizim yapılarak uzunluk ve açı değerleri trigonometri yardımı ile hesaplanır . Bu teknikle çok eksenli gerilme durumlarının pek çoğu ele alınabilir . Mohr dairesindeki 1 ve 2 noktaları asal gerilmeleri; D ve E noktaları da en küçük ve en büyük kayma gerilmelerinin etkidiği düzlemleri göstermektedir . Mohr dairesinden, en büyük kayma gerilmelerin etkidiği düzlemlerin asal gerilmelerin bulunduğu düzlemlerle 450 lik açı d a görülmektedir . Dairenin merkezi C, eb yaptığı da ’nin etkidiği düzlemlerdeki normal gerilme ‘ nü
y xy
y'
referans noktası :
x'
x( x ; xy )
x
x
y( y ;
xy )
x
O
y ; y
x y
y
x y 2 ; eb D
y' F
2 C
2
2 2 s
1
2 p1
x' x' ; x' y'
1
x x ; xy
E
114
Mohr Dairesinin Yorumu Yorumu
•Mohr dairesindeki dönüş yönü ile açısının dönüş yönü aynıdır. •Daire üzerindeki 2’ lık açı dönüşü gerilme elemanının kadarlık dönüşüne karşı gelir. 2
y •Dairenin yarıçapı CX CF FX CX x xy2 2 2
2
olup maksimum kayma gerilmesi maks ’ın şiddetine eşittir . x ve y düzlemlerindeki gerilmeler daire üzerinde A ve B noktalarıyla temsil edilir. AB den farklı her bir çap, orijinal eksen takımına göre kadar bir açıyla dönülen x’ ve y’ düzlemlerindeki x gerilme ’ halini gösterir . Daire üzerindeki A noktasının koordinatları gerilme dönüşüm denklemlerini vermektedir. vermektedir. CX ile C1 arasındaki açı
x
x y 2
2 p1
olsun. Mohr dairesinden
CX cos 2 1p 2
xy
CX sin 2 1p 2
veya açı farklarının trigonometrik eşitliklerini yazarak,
x
x y 2
CX cos 2 p1
x
CF, CX sin 2 1p FX
x y 2
CX cos 2 1p cos 2 sin 2 p1 sin 2
CF cos 2 FX s in 2
xy CX sin 2 1p cos 2
cos 2 p1 sin 2
ifadeleri yerine yazılırsa,
xy CF sin 2
FX c os 2
CF
x y 2
, FX xy
gerilme dönüşüm denklemleri elde edilir. Böylece daire üzerinde 2 açısıyla belirlenen x noktasının, gerilme elemanında açısıyla dönülerek bulunan x düzlemindeki gerilme bileşenlerini gösterdiği anlaşılmaktadır. anlaşılmaktadır. 115
Burada sık karşılaşılan gerilme durumlarına ait Mohr daireleri gösterilmiştir . Değişik yükleme durumlarındaki malzeme davranışını, gösterilen gerilme durumlarından elde etmek mümkündür . Aşağıda görülen eşit çekme ve basma halinde z0 olup ayrıca ez0 de sıfır olmaktadır sıfır olmaktadır . Dolayısıyla hem düzlem gerilme hem de düzlem şekil değiştirme hali söz konusudur. o Bu haldeki elemanın 45 döndürülmesiyle tam kayma hali bulunmaktadır . Üç eksenli çekme halinde Mohr dairesi çizilirken elemanın her bir yüzündeki durumun ayrı ayrı çizimi yapılmaktadır .
Eş Çekme ve Basma; Tam kayma 2
=-
Yanal Basma Ve Ve Çekme
1
2
1
=-
Üç Eksenli Çekme 2
1
1
1 2
1
45° 3
3 =-
maks
O
1
O
O
maks =
maks
1
116
Örnek 3
y
Önceki problem Mohr dairesi yardımıyla çözülecektir.
Dairenin merkezi, ekseni üzerinde, C
72 2
2 MPa
4.5 MPa MPa’ dadır .
5 MPa
Referans noktası koordinatları x(7, 5)’ dir.
7 MPa 2
Asal gerilmeler, gerilmeler,
1,2
72 OC C 1 4.5 52 2
10.09 MPa 2 1.09 MPa
7 MPa
1
2 MPa
Asal gerilme düzlemleri, düzlemleri,
5 1 63.4o 2 p tan 7 2 2 Dolayısıyla
y (2, -5)
2 p 63.4 180 180 243 243.4o
p
31.7 o 1 10.09 MPa MPa
p
121.7o 2 1.09 MPa MPa
b) En büyük kayma gerilmesi D ve E noktasıyla tanımlandığından
2
O
2
eb
7 2 52 5.59 MPa 2
Bu gerilmelerin etkidiği düzlemler, o s 76.7o 90o 16 166 6.7
x
5 MPa
Veya -13.30
D
C
2 p
1
2 s
X (7, 5)
E 117
y (2, -5)
Yönlenmiş eleman üzerinde gerilme halinin gösterilmesi: Asal gerilmelerin gösteriminde, Mohr dairesindeki x referans noktasından başlanarak en kısa yoldan 1 noktasına gidilir. xC1 açısı birinci asal doğrultunun x referans ekseni ile yaptığı açının iki katını gösterir . Bu açının yarısı x ekseninden başlanıp Mohr dairesi üzerinde gösterilen yönde alınarak birinci asal eksen çizilir . Bu asal eksene 90 derece eklenerek ikinci asal eksen belirlenir. Asal eksenlerin üzerine sembolik bir birim boyutlu kare eleman yerleştirilir . Asal doğrultulardaki gerilmeler elemanın yüzlerinde vektörlerle gösterilir . En büyük kayma gerilmelerinin gösterimi için, Mohr dairesindeki x referans noktasından başlanarak en kısa yoldan E noktasına gidilir. xCE açısı en büyük pozitif kayma gerilmesinin etkidiği düzlemin normalinin x referans ekseni ile yaptığı açının iki katıdır . Bu açının yarısı x ekseninden başlanıp Mohr dairesi üzerinde gösterilen yönde alınarak birinci eksen çizilir . Bu eksene 90 derece eklenerek ikinci eksen belirlenir. Eksenlerin üzerine sembolik bir birim boyutlu kare eleman yerleştirilir . Kare elemanın yüzlerinde sırası ile E ve D noktalarındaki gerilme hali vektörlerle temsil edilir.
2
O
D
C
1
°
63,4 °
26,6
X (7, 5) E
En büyük kayma Gerilmelerinin yönlenmiş eleman üzerinde gösterimi d
M
P a a
1.09 MPa
Asal Gerilmelerin
i
10.09 MPa
M
P a a
2 1
yönlenmiş eleman üzerinde gösterimi
,7 10.09 MPa
b
D
76,7°
,7
M P a 9 5 5 . 5 E
x
x
118
Örnek 4
Şekilde ahşap bir yapı elemanı üzerindeki gerilme hali verilmiştir. verilmiştir. Ahşabın büyüme doğrultusundaki liflerine paralel düzlemlerdeki normal ve kayma gerilmesi nedir ? y
2.07 MPa
x'
4.83 MPa
4.83 MPa
o
30
C 15°
(-4.83;0) x
x
y (2.07;0)
o
210
2.07 MPa
Merkez
C
4.83 2..07 2
y'
MPa 1.38 MPa
E
x ' 2
Yarıçap
4.83 2.07 r MPa 02 3.45 MPa 2
M P a 1.725 MPa
P a
X’
cos 30 1.61 MPa MPa 1.38 3.45cos 3.45sin 30 1.725 725 MPa MPa x y cos 30 4.37 MPa MPa y 1.38 3.45cos
M 7
x
o 15 90 10 105 5 çember üzerinde saate ters yönde
0
Y’
P a
x
M 7 y '
2 210o dönülecek.
M P a 119
GERİLMENİN CİSİM İÇİNDEKİ DEĞİŞİMİ Daha önce yük etkisindeki bir cisimde gerilmenin noktadan noktaya değiştiğinden söz etmiştik. Gerilmedeki bu değişim elastisite teorisinde diferansiyel denge denklemleri ile verilir. İki boyutlu halde, birim kalınlıklı dx, dy kenar uzunluklarına sahip bir elemana etkiyen gerilmeler aşağıdaki şekilde gösterilmiştir . y y O dan O noktasına hareket edildiğinde gerilmedeki artış, örneğin x gerilmesi için Taylor dy y y serisi açılımıyla,
yx dy y O’ xy xy dx x x dx x x
yx
dy
x xy
O
dx
x
yx y
x
x dx x
biçiminde ifade edilebilir. Burada x ’in x ve y ile değiştiği düşünüldüğünden kısmi türev kullanılmıştır . Diğer gerilme gerilme bileşenlerinin de aynı şekilde değiştiği düşünülerek yandaki şekil üzerinde gösterilmiştir . Görülen elemanda M o 0 bağıntısının sağlanması koşulundan,
yx y dx x xy dy yx 0 dxdy dxdy dy dxdy dx dxdy xy y x y 2 x 2
dx ve dy ‘nin bulunduğu üçlü çarpımlar ihmal edilerek,
yx
yx
daha önce bulunan sonuca ulaşılır .
x doğrultusundaki kuvvetlerin dengesi için,
x x x
dx dy x dy
ve benzer bir denklemin F y
x xy 0 x y
yx
yx y
dy dx yx dx 0
0 için yazılıp sadeleştirilmesi sonucu
y xy 0 y x
elde edilir. Yanda çerçeve içerisindeki bağıntıların her malzeme için sağlanması gerekir. Bu denklemler, normal gerilmedeki değişimin ancak kayma gerilmelerindeki değişmeyle mümkün olduğunu göstermektedir. göstermektedir. Ayrıca bu bağıntılarda x , y , xy gibi üç bilinmeyen gerilme bulunduğundan gerilme analizindeki problemlerin içten hiperstatik olduğunu da anlıyoruz. Mukavemet derslerinde yapılan şekil değiştirme hipotezleri ve 120
Üç boyutlu gerilme halinde ise yukarıda açıklanan hususların genelleştirilmesinden genelleştirilmesinden faydalanabiliriz. İlk bölümde sözü edilen tam analiz matematik açıdan burada başlamaktadır. başlamaktadır.
, y , xy , x , y , xy , u ve v den oluşan sekiz büyüklük araştırılır.Bu İki boyutlu elatisite probleminde x araştırılır.Bu sekiz bileşenin eleman içinde geçerli olan sekiz denkleme ek olarak önceki konularda verilen sınır koşullarını sağlaması gerekir. Elastisite teorisi nin çözüm metotlarından burada söz edilmeyecektir. Elastisitenin temel denklemlerinin buraya alınmasındaki amaç katı mekaniğindeki önemli problemlerin temelindeki basit yaklaşımları öğrencilere tanıtmaktır. Ayrıca Ayrıca bundan sonraki bölümlerde kuvvet_deformasyon bağıntılarının kritik değerlerinin hesabında bu formulasyon kullanılacaktır. kullanılacaktır. Elastisite teorisi ve Mukavemetteki Mukavemetteki yaklaşımların her biri ayrı ayrı önemli olup birbirlerine katkıda bulunurlar. bulunurlar. DÜZLEM BİRİM ŞEKİL DEĞİŞTİRME İki boyutlu veya düzlem birim şekil değiştirme durumunda, yükün etkimesinden önce ve sonra her noktanın aynı düzlem (x,y) içinde kaldığı varsayılır. Böylece z = xz = yz = 0 olup, 0 olup, x, y ve xy sıfırdan farklı değerler alacaktır.Bu birim şekil , y ve xy gerilme bileşenleri sıfırdan farklıdır. değiştirmelere bağlı olan x farklıdır. Geneleştirilmiş Hooke yasalarından; z n x
y
xz yz 0
bulunur. bulunur. Daha önce bir noktadaki gerilme halinin iki dik düzlemdeki gerilme bileşenleri ile verilmesi gerektiği gösterilmişti . Benzer bir durum birim şekil değiştirme hali için de söz konusudur. DÜZLEM ŞEKİL DEĞİŞTİRME HALİNİN DÖNÜŞÜMÜ Birim kalınlıklı, dx , dy kenar uzunluklarını sahip A ve D köşeleri doğrusal şekil değiştirme yapan bir eleman düşünelim. A ve y eksenleri doğrultusundaki yer değiştirmeleri u ve v olsun. olsun. C noktasının yerdeğiştirmeleri sırasıyla u+du ve noktasının x ve v+dv ’dir. ’dir. Yerdeğiştirmedeki değişim; du
u u dx dy x y
dv
v v dx dy x y 121
y
C’
B’
x' dv
E
B
C
y' dy
du
F
ds
A
EC ' ds
e x '
dx
du cos cos ds
D
dv sin ds
x
e x'
Deformasyondan sonra AB’C’D’ şeklini alan elemanda A C ile AC’ arasındaki küçük açı , C noktasının x ve y eksenleri doğrultusunda yaptıkları yerdeğiştirmeler de sırasıyla C F ve ve FC’ ile gösterilmiştir. Aşağıdaki türetmelerde Cos = = 1, Sin = = tan = alınacaktır.
x’, y’ koordinat takımı şekildeki gibi seçilirse bu eksen takımına göre birim şekil değiştirme bileşenleri ex’, ey’ ve gx’y’ olur. EC ' cos cos EC EC ' du cos cos dv sin Yazılabilir. Normal birim şekil değiştirme değiştir me tanım gereği; e x ' EC ' ds dir. Burada ds, AC köşegeninnin başlangıç uzunluğudur. Son iki bağıntı birleştirilir, birleştirilir,
dx ds
yerine
cos ,
dy
yerine
sin yazılırsa,
ds
u cos v u cos v sin dx dy dx dy y ds x y ds x
cos 2 e y sin2 g xy sin cos cos e x cos
elde edilir. Bu ifade çift açı cinsinden; e x '
e y '
e x e y 2
e x
e y 2
cos cos 2
g xy 2
sin 2
Olur. y’ doğrultusundaki uzama oranı için yerine yerine + /2 yazarsak; yazarsak;
e x
e y 2
e x e y 2
cos cos 2
g xy 2
sin 2
Bulunur. Kayma açısı g x’y’ nün bulunması için ilk olarak x’ doğrultusundaki dönme ’nın ’nın hesaplanması gerekir. Yeniden şekle dönerek; , CE yazılabilir. yazılabilir. Açı ve birim şekil değiştirme küçük CE dv cos du sin sin EC ' sin sin tan ds olduğundan olur. EC EC ' sin sin e x' ds sin sin e x' ds 0
CE
v v cos u sin cos u dx dy dx dy
122
e y sin cos e x sin cos
e x e y sin cos
v u cos2 sin 2 x y
v u cos 2 cos sin2 x y
Elde edilr. y’ doğrultusunun dönmesi için yerine yerine + /2 /2 yazılarak;
g x ' y '
kayma açısı
ve
e x e y sin cos
2
v u sin 2 cos2 x y
dönmeleri arasındaki farka eşittir. eşittir.
2
g x ' y '
cos g xy cos cos 2 sin2 2e x e y sin cos
Çift açı cınsinden; g x' y '
cos 2 e x e y sin 2 g xy cos
Haline dönüşür. Yukarıda çerçeve içerisinde verilen bağıntılar birim şekil değiştirme bileşenlerinin dönüşüm denklemleridir. ASAL ŞEKİL DEĞİŞTİRMELER: MAKSİMUM KAYMA KAYMA BİRİM ŞEKİL DEĞİŞİMİ Gerilme dönüşüm denklemleri ile birim şekil değiştirme bileşenlerinin dönüşüm denklemleri kıyaslandığında büyük bir benzerlik görülmektedir. görülmektedir. Eğer gerilme dönüşüm denklemlerinde yerine yerine e , xy yerine de g xy/2 yazılırsa şekil değiştirme dönüşüm denklemleri bulunmaktadır. bulunmaktadır. x
1
1
2
2
x y x y cos 2 xy sin 2
y
1 2
1 cos cos 2 x
y
1
2
x
y
sin 2
xy
sin 2
cos 2
i r e l e m l k n e d e m l i r e G
e i m r r i e t l ş e i ğ m e l d k l i n e k d e Ş
e x '
e y ' 1
g
e x
e y 2
e x
e y 2 1
e x
e y 2
e x e y 2
cos 2
cos cos 2 1
g xy
2
g xy 2
sin 2
sin 2
cos 2 e e sin 2 g 123 cos
Asal birim şekil değiştirmeler değiştirmeler veya uzama oranları ile doğrultuları; doğrultuları;
e 1, 2
e x e y 2
2
e e g x y xy 2 2
2
tan2 p
g xy e x e y
Asal düzlemlerde kayma kayma açıları yok olur. Maksimum Maksimum kayma şekil değişimi değişimi olan düzlemler, düzlemler, asal düzlemlerle 45 o’lik açı yapar ve şu ifadeyle verilir: 2
e x e y g xy g eb 2 2 2 ek
2
En büyük kayma birim şekil değişiminin oluştuğu düzlemlerdeki uzama oranları aşağıdaki gibi elde edilir e '
1 2
e e 1 e e x
y
2
1
2
124
GERÇEK EN BÜYÜK B ÜYÜK KAYMA KAYMA AÇISININ BULUNMASI Bir noktadaki düzlem şekil değiştirme bileşenleri εx , ε y ve γxy değerleri ile tanımlanmış olsun. Şimdi kalınlık yada z ekseni doğrultusundaki uzama oranını belirlemek istediğimizi düşünelim. Genelleştirilmiş Hooke yasalarında σ z yerine sıfır yazılarak yanda verilen bağıntı elde edilir. Bu denklemdeki parantez içi gerilmeler toplamı iki boyutlu halde geçerli olan Hooke yasalarından hesaplanıp yerine yazılırsa, x
E 1 n
2
e ne x
y
y
E
ne x e y 2 1 n
e z
xy
n E
e E 1 n
x
Gg xy
e y
e z
z n x y n x y E E 1
x y
n 1 n
e
x
E 1 n
2
(1 n )e
x
(1 (1 n )e y
E 1 n
(e x
e y )
e y
Z ekseni doğrultusundaki uzama oranını düzlem içi uzama oranları cinsinden veren yukarıdaki bağıntı bulunur. Düzlem şekil değiştirme halinin düzlem içi asal uzama oranları ε1 ve ε2 , düzlem dışı asal uzama oranının da εz = ε3 ma şekil değişimi, ε 1 ve ε 3 cebrik olarak en büyük ve olduğu hatırlanırsa üç boyutlu analizdeki gerçek en büyük kay ma en küçük asal şekil değiştirme olmak kaydıyla; (en büyük Mohr dairesinin yarıçapından) aşağıdaki gibi hesaplanabilir.
g
eb gerçe gerçek k
e1 e 3
olur. Eğer x, y ve z asal gerilme doğrultuları olursa xy xz yz 0 olup ayrıca g xy g xz g yz 0 Bu durumda x, y ve z eksenleri ayrıca asal şekil değiştirme eksenleridir. Dolayısıyla izotrop malzemelerde asal gerilme ve asal şekil değiştirme eksenleri çakışırlar. Bu durumun uygulamadaki anlamı, verilen bir gerilme durumuna ait asal eksenleri bulmada ister gerilme; ister şekil değiştirme bağıntılarının kullanılabilecek olmasıdır. 125
DÜZLEM ŞEKİL DEĞİŞTİRME HALİ İÇİN MOHR DAİRESİ Düzlem şekil değiştirme halindeki Mohr dairesi, düzlem gerilme halinde çizilen Mohr dairesine benzer olarak çizilir. Yatay Yatay eksende uzama oranları (e ), ), düşey eksende kayma açılarının yarısı ( g /2) /2) alınmalıdır. Eksenlerin pozitif yönleri sağa ve aşağı doğrudur. doğrudur. Kayma birim şekil değişimindeki işaret kabulleri daha önce kayma gerilmesi için yapılan işaret kabulüne uygun olmalıdır. olmalıdır. Kayma birim şekil değişimi pozitif ise x noktası e ekseninin ekseninin g /2 /2 kadar altına, y noktası ise e ekseninin ekseninin ( g /2) /2) kadar üstünde işaretlenmelidir. işaretlenmelidir. x’, y’, 1, 2, D ve E noktalarıyla ilgili büyüklükler Mohr dairesi kullanılarak kolayca hesaplanabi hesaplanabi lir.
e x e y g eb ; D 2 2
y
e
x'
y'
y
; g xy 2
y
y' O
x
F
2
e 2
referans noktası : x(e x ;
g xy / 2)
y(e y ;
g xy / 2)
C
2
1
2p1
e
x' e x ' ; g x ' y ' 2
2s1
E
g
2
e
x
e
x
; g xy 2
126
Bir noktadaki şekil değiştirme bileşenleri e x = 900, e y = -100 ve g xy = 600 olarak biliniyor. Mohr dairesini kullanarak asal şekil değiştirmeleri ve maksimum kayma şekil değişimini belirleyip yönlenmiş elemanlar üzerinde gösteriniz.
Örnek 5
D
Dairenin Merkezi =
e x
e y 2
400 y
900 100 600 583 2 2 2
Dairenin Yarıçapı =
r
2
(-100; -300) 1 O
2
e1 OC R 400 583 983
2s
e 2 OC R 400 583 183 I p
2
tan
1
600 31o 900 100 2
g eb
2
983 15.5o , e 1 983
p I II p
105.5 105
o
, e 2
veya
983 183 183 1166 983
s II p I 45o
15.5 45 60.5o
183 183
x (900; 300)
g
2
E
2
900 100 600 1166 2 2
e 1 e 2
2
C
e
I p
Mohr dairesinden en büyük kayma birim şekil değişiminin asal eksenlerle 45 o lik açı yaptığı görülmektedir . geb’ın olduğu düzlemdeki uzama oranları, OC = e ’ = 400x10-6dır . Mohr dairesinde maksimum pozitif kayma açısı e ekseninin ekseninin alt tarafında E noktası ile temsil edilmektedir.
127
Yönlenmiş eleman üzerinde şekil değişiminin gösterilmesi:
D
Asal şekil değiştirmelerin eleman üzerinde gösteriminde Mohr dairesindeki x referans noktasından başlanarak en kısa yoldan 1 noktasına gidilir. xC1 açısı birinci asal doğrultunun x referans ekseni ile yaptığı açının iki katını gösterir . Bu açının yarısı x ekseninden başlanıp Mohr dairesi üzerinde gösterilen yönde alınarak birinci asal eksen çizilir . Bu asal eksene 90 derece eklenerek ikinci asal eksen belirlenir. Asal eksenlerin üzerine sembolik bir birim boyutlu kare eleman yerleştirilir . Asal doğrultulardaki şekil değiştirmeler uzama ya da kısalma kesikli çizgilerle birim eleman üzerinde işaretlenir . En büyük açısal şekil değiştirmelerin gösterimi için Mohr dairesindeki x referans noktasından başlanarak en kısa yoldan E noktasına gidilir. xCE açısı en büyük pozitif açı bozulmasının oluştuğu birinci düzlemin normalinin x referans ekseni ile yaptığı açının iki katıdır . Bu açının yarısı x ekseninden başlanıp Mohr dairesi üzerinde gösterilen yönde alınarak birinci eksen çizilir . Bu eksene 90 derece eklenerek ikinci eksen de gösterilir . Eksenlerin üzerine sembolik bir birim boyutlu kare eleman yerleştirilir . Kare elemanın her iki eksen doğrultusunda yaptığı birim boy değişimi birbirine eşit olup değeri, Mohr dairesinin merkezinin absisidir. Kayma açısının doğru olarak çizilebilmesi hususunda e ve d düzlemlerinde etkiyen “sembolik kayma gerilmelerinin ” düşünülmesi deformasyon halinin çiziminde büyük kolaylık sağlar .
y (-100; -300)
121 1 O
2
C
e
31 x (900; 300)
59
g
2
E
983
i
d
183
400 2 1
D
b
105,5°
60,5
15,5°
x
E
x
29,5
g =+1166 eb
Asal şekil değiştirmeler ve doğrultuları
400
e
En büyük kayma şekil değiştirmelerinin 128
Bu örnekteki elemanın düzlem gerilme etkisi altında olduğu düşünülür ise n = = 0.3 için üçüncü doğrultudaki asal uzama oranı e z
e3
n
e 1 n
x
ey
0.3 1 0.3
900 100 343
g
olarak hesaplanabilir. hesaplanabilir. Gerçek en büyük kayma açısı;
eb gerçek gerçek
983 343 343 1326 e 1 e 3 983
Bu durumda düzlem içi maksimum kayma açısının her zaman en büyük kayma açısını göstermediğini söyleyebiliriz. söyleyebiliriz. Önceki örnekte verilen şekil değiştirme halinde; (a) Asal gerilmelerle doğrultularını, (b) En büyük kayma gerilmesi ve doğrultularını hesaplayınız. E = 200 GPa, n = = 0.3
Örnek 6
Önceki örnekten e 1 = 983 , e 2 = -183 , g eb = 1166 1
eb
eb
1 n
2
e 1 ne 2
E 21 n
200 200 10
3
E
2
20010
3
983 983 0.3183 183 204 204MPa MPa
3
g eb
1 2 2
1 0.3
6
1166 10
21 0.3
204 204 24.6 2
200 200 10
89.7MPa MPa
2
'
183 183 0.3 983 983 24.6MPa MPa
1 0.3
2
1 2 2
114.3 MPa
89.7 MPa MPa 24.6 MPa
D
60,5 2 1
204 MPa
1
ve
doğrultuları
204 MPa
114 114.3MPa MPa
2
d
2 Asal Gerilmeler
204 204 24.6
15,5°
x
29,5
89.7 MPa
x
E
114.3 MPa
e
129
BİRİM ŞEKİL DEĞİŞİMİNİN ÖLÇÜLMESİ Düzlem şekil değiştirme yapan bir elemanın serbest yüzeyindeki yüzeyindeki uzama oranının ölçülmesi amacıyla optik, elektriksel ve mekanik sistemler geliştirilmiştir. geliştirilmiştir. Yaygın olarak kullanılan ve doğru sonuç veren yöntemde elektriksel esaslı “ strain gage” ölçerler kullanılır. kullanılır. Bu kısımda serbest yüzeye yapıştırılan strain gage’ler ve özel düzenlenmiş şekilleri üzerinde durulacaktır. Yüzeyin dış normalini z doğrultusu olarak alırsak z = xz = yz = 0 olur. Söz konusu gerilme durumunda düzlem dışı elastik deformasyonları önleyecek her hangi bir kısıt olmadığından düzlem içi e x, e y, g xy şekil değiştirme bileşenlerine ilaveten düzleme dik doğrultuda normal birim şekil değiştirme de oluşur. Genelleştirilmi Genelleştirilmişş Hooke yasalarında g xy = g yz = 0 olduğu için e z aynı zamanda asal şekil değiştirmedir. Düzlem dışı asal uzama oranı, gerçek maksimum kayma birim şekil değişiminin belirlenmesi açısından önemlidir. önemlidir. Düzlem şekil değiştirme hali için çıkarılan bağıntılarda e z asal şekil değişimi e x ve e y cinsinden bulunmakta idi. Dolayısıyla bir önceki kısımda yapılan türetmeler burada da geçerlidir. Strain gage’ler iki tabaka kağıt ya da plastik arasına yerleştirilen yaprak biçimli çok ince kalınlıklı levha/küçük çaplı tel den oluşur. oluşur. Genellikle 0.03 mm çaplı tel yada 0.003 mm kalınlıklı yaprak levha kullanılır. Ölçer pullar dış yüzeyden ölçüm yapıla cak yüzeye yapıştırılırlar. yapıştırılırlar. Yük etkisi altında söz konusu yüzeyde şekil değişimi olduğunda tel ızgara yüzeyle birlikte uzar yada kısalır. kısalır. Bu boy değişimi ölçerin elektriksel direncinde değişime yol açar. Ölçerin uçlarına bağlanan bir akım köprüsü elektri k direncindeki değişimi uzunluk değişimine dönüştürür. Bu amaçla kullanılan akım köprüsüne Wheatstone köprüsü adı verilir.
Strain Gage
Rozet
130
ROZETLER: Referans ekseni x ile a, b, c açısı yapan üç uzama ölçer bir önceki sayfadaki şekilde gösterilmiştir. gösterilmiştir. a,
b, c doğrultularındaki uzama oranları;
e a
e x cos2 a e y sin2 a g xy sin a cos cos a e b
e x cos2 b e y sin2 b g xy sin b cos b e c e x cos2 c e y sin2 c g xy sin c cos c
Yazılabilir. Burada a, b, c doğrultularındaki e a, e b ve e c uzama oranları bilinmekte e x, e y, g xy aranmaktadır. Uzama ölçerlerin bu tarda düzenlenmiş haline ROZET adı verilir. Rozetler çoğunlukla 45o ve 60o lik açılarla düzenlenen üç uzama ölçerden oluşur. Örnek 7
45olik rozetle yapılan ölçüm sununda eleman üzerindeki bir noktada a = 0o, b = 45o ve c = 90o için 900 , e b = 700 , e c = -100 değerleri okunmuştur. e x, e y ve g xy değerlerini hesaplayınız. hesaplayınız.
e a
e x ,
700 700 Şekil
1 2
e c
e y ,
e e x
y g xy
de ğiştirme
Hali :
e b 1 2
e x
e y 2
e x
2
900 900 100 100 g g
900 e y 100 g xy 600
xy
e y
xy
cos cos 90
600 600
g xy
2
e a =
sin 90
hesaplanabilir.
e x
131
Örnek 8
Bir yapının serbest yüzeyin üzerine bir noktada 60 olik rozetle yapılan ölçüm sunun a = 0o, b = 60o ve c = 120o için e a = 70 , e b = 850 , e c = 250 değerleri okunmuştur. a) Düzlem içi asal uzama oranları ile maksimum kayma açısını b) Poisson oranı n = 0.3 alarak gerçek maksimum kayma açısını c) a şıkkındaki sonuçları yönlenmiş birer eleman üzerinde gösteriniz.
e x e a
e x
e b
e c
e x e y 2 e x e y 2
e x e y 1 g xy 3 2 2 2 2
g xy
3 2 2 2
e x e y 1 2
g xy
Asal şekil değiştirmeler değiştirmeler ve doğrultuları 2
693 23.6 e 2 tan1 II o 70 710 p 66.4 e 1 I p
2
693 g xy 693
3 600 600
710 e y 710
e x 70
En büyük kayma şekil değiştirmeleri
862 70 710 710 70 710 710 693 693 e 1 862 e 1, 2 2 2 2 e 2 83 2
2 p
e b e c
e a 70
2
2
710 693 693 70 710 943 g eb 2 943 2 2
e '
o
e x e y 2
70 710 710 2
390 390
En büyük kayma açısının oluştuğu düzlemler 2 s
tan
1
I o 70 71 0 s 21.36 g maks maks 693 II o s 111.4 g maks maks
132
Söz konusu noktada dik eksen takımındaki şekil değiştirme bileşenleri
e'=390
82
b (1)
862
70 e y 710 g xy 693 e x
D 82
y
i (2)
(710;-346.5)
1 2
66,4°
referans noktası x(70 ; 346.5 346.5)) y (710 (710;;
Asal şekil değiştirmeler değiştirmeler ve doğrultuları
1196
346. 346.5) 5)
3
2
(-334;0)
x
137.2
1
C O
(862;0)
e
2s =42.8
x
2pI=132.8
(70; 346.5)
En büyük kayma şekil değiştirmelerinin yönlenmiş bir eleman üzerinde gösterimi
E g 2
d
b) Düzlem dışı asal uzama oranı;
e z e 3
0.3 1 0.3
70 710 710 334 334
D E
390
Gerçek en büyük kayma açısı;
g
eb gerçek
e 1 e 3 862 862 334 334 1196
e
21,4
°
g
eb =
943
390
x
133
d
g eb
e’
2
e’
d
.........
d
e’
D
g ek 2
e
E
......... D
D
111.4
' s
E
s
E
390
x
°
21,4
x
g
eb =
e’
e
e
e
390
943
390 d
X noktası, Mohr dairesinin C merkezinin solunda ise en kısa yoldan E ye (veya D ye) gidilerek ve aynı yönde 90 derece ekleme ile belirlenen eksenler üzerine çizilen elemanda pozitif kayma açısı meydana gelir. Tersine x noktası, C’nin sağında ise yukarıda söz edilen yolla belirlenen eksenler üzerine çizilen elemanda negatif kayma açısı oluşur. Sarı ve yeşil renkli şekil değiştirme elemanlarında kayma açısının pozitif olduğuna dikkat ediniz.
e
e’ e
x
g
eb=-943
21,4
s 68.6
x E
68,6 E D
e’
D
390
d
d 134
x
GENELLEŞTİRİLMİŞ HOOKE YASALARI e x
1 E
n
y z
x
g xy
e y
1 E
xy
y n x z
g yz
G
e z
yz
1 E
n z
x
g xz
G
y
xz G
Bu ifadeleri gerilmeler cinsinden yazılırsa; x
E n
1 n 1 2n
xy
e e x
y
e z 2Ge x
y
E n
1 n 1 2n
Gg xy
İKİ BOYUTLU HALDE GENELLEŞTİRİLMİŞ HOOKE YASALARI
e e x
y
e z 2Ge y
z
E n
1 n 1 2n
yz Gg yz
e x
1
x n y E
x
E 1 n
2
e ne x
y
e e x
y
e z 2Ge z
xz Gg xz
e y
y
1
y n x E E 1 n
2
ne
x
e y
xy
g xy
xy
Gg xy
G
135
E,
ve G Arasındaki Bağıntı
Elastisite modülü E, kayma modülü G ve Poisson oranı ν arasındaki bağıntıyı çıkartmak için bir eksen doğrultusunda çekme diğer eksen doğrultusunda aynı şiddette basma gerilmeleri bulunan bir gerilme elemanını düşünelim. Bu gerilme elemanına ait hem gerilme, hem de şekil değiştirme Mohr dairelerini çizelim. y
x y xy
=
-a
a a 0
x
x
=
a
y
x
O
e x
e y
1 E 1
E g xy 0
eba
a
a n a 1 n E
a
y
a n a 1 n
yarıçapları eşitlersek, a E
1 n
a 2G
G
21 n
e
E
g/
y
Gerilme elemanının 45 derece döndürülmesi ile tam kayma adı verilen ve hiçbir normal gerilmenin bulunmadığı farklı bir gerilme hali elde edilir. Bu durumda elemanın bütün yüzlerine a şiddetinde yalnızca kayma gerilmeleri etkimektedir. Asal düzlemlerle kayma düzlemleri arasındaki 45olik açı bulunmaktadır. Tam kayma halindeki gerilme Mohr dairesi, daha önce çizdiğimiz dairedir. Şekil değiştirme Mohr dairesini çizip,
x
O
a
g /2 E a 1n eb
y
0 e y 0 e x
45°
a
° 5 4
g xy
e O
aG
x
g/
g /2 a 2G eb
bulunur. x, y eksen takımının başka keyfi doğrultularda seçilmesi halinde de çerçeve içerisindeki bağıntının geçerli olduğunu söyleyebiliriz. Dolayısıyla elastik izotrop malzemelerde iki ve üç boyutlu gerilme-birim şekil değiştirme bağıntılarının iki bağımsız malzeme sabitiyle yazılması mümkündür. 136
60X80 mm boyutlarındaki boyutlarındaki dikdörtgen çelik plak şekilde gösterilen gerilmelerin etkisindedir. etkisindedir. E=210 GPa, n=0.33 olduğuna göre; a) AC ve BD diyagonalindeki boy değişimlerini hesaplayınız.
Örnek 9
y
150 MPa 150 MPa
B
60 mm
A
e x
100 MPa 100 MPa C 300 MPa 300 MPa
80 mm
x
D
e y g xy
1 210*10 1
3
6 300 0.3 0.33 150 1664.10
3
6 150 0. 0.33 300 1186.10
210*10 100
3
100
3
210*10 78.95.10
1267.106
2(1 2(1 0.33) 0.33) DAC DAC tan
e AC
1
60 80 37
1664 (1186) 2
1664 1186 2
*37) cos(2 *3
1267 2
*37) 12 1241 sin(2 *3
uzama AC e AC . AC 100 *1241 0.124 mm. uzama 6 e BD e 143 23.31 23.31*1 *10 0 , 6 3 0*23.31*10 2.33*1 3*10 mm. BD 100*23
137
Çelik bir elemanın düzlem gerilme etkisindeki serbest yüzeyi üzerinde 60° lik rozetle ölçülen uzama oranları εa =400μ , εb =500μ , εc =-700μ dur. E=200 GPa, n =0.30 olarak bilindiğine göre; a) Asal uzama oranları ile doğrultularını b) asal gerilmeler, en büyük kayma gerilmeleri ile ilgili normal gerilmeler ve doğrultularını belirleyip yönlenmiş birer eleman üzerinde gösteriniz.
Örnek 10
500
400 e y
700
2 400 e y 2
400 e y
( 0.5)
2 400 e y
2
g xy
2 g xy
(0.5)
00µ e a =e x =400µ
e =-266.67µ g =1386µ
(0.866)
2
( 0.866)
xy
2
12.85 S 77.15
1386
3
1
200*10
200*10
1 0.3
2
ek
1 2 2
e1 836
400 400 266.6 266.67 7
P 122.15
e2
702
99.2 MPa 137.45 MPa
y '
' x
1538 g min 1538
MPa 702 0.3* 836 99.20 MPa
1 0.3
ek
P 32.15
32,2
°
MPa P 32.15 836 0.3 702 137.45 MPa
2
G.g eb
1386
x
3
eb
tan2 P
2
g maks
3
2
2
2
400 266.67 1386 2 2
2
S
400 400 266.6 266.67 7
y
g 400 266.67 1386 769 2 eb 2 769 2 ek tan2 S
e 1,2
400 266.67
210*10
2(1 2(1 0.30) 0.30)
137.4 137.45 5 99.2 99.2 2
6
1538.10
118.3 MPa
y ' ' 9
P 122.15 S 12.85 S 77.15
9
M P Pa a
a 3 M P . 3 1 1 8
M P Pa a
77.15
x
8
MPa 19.1 MPa 9 M
x ' '
138
ROZET problemi
Enbüyük Kayma Şekil Değiştirmeleri ve etkidiği Düzlemler
Şekil Değiştirme Durumu
e x , e y , g xy
Asal Şekil Değiştirmeler e1 , e 2 , p'
g enbüyük , g enküçük , s'
e
Bünye Bağıntıları
Asal Gerilmeler ' p
1 , 2 ,
Enbüyük Kayma Gerilmeleri ve
Gerilme Durumu
etkidiği Düzlemler
x , y , xy
enbüyük , enküçük , s'
139
Örnek Problemler
Şekilde bir noktadaki düzlem
y
y
xy B A
x x
gerilme hali ile bu gerilme haline ait mohr çemberi yalnızca asal gerilmeleri ile gösterilmiştir. σ y=2σ x olduğu bilindiğine göre A ve B düzlemlerindeki gerilmeleri hesaplayıp mohr çemberi üzerinde gösteriniz.
Düzlem gerilme haline maruz bir levhanın P noktasında aralarında bilinmeyen bir açısı bulunan iki düzlemdeki gerilmeler şekilde gösterilmiştir. a- P noktasındaki asal gerilmeler ile düzlemlerini bulunuz. Yönlenmiş bir eleman üzerinde gösteriniz. b- Gerilme durumuna ait Mohr çemberini çizerek A ve B düzlemlerini tasvir eden noktaları çember üzerinde gösteriniz. P a P a M 1 4 M B 3 8 50 MPa P
10 MPa A
00 MPa
0 MPa
Şekilde gösterilen eğik düzlemdeki normal gerilme 28 MPa, kayma gerilmesi 10 MPa’dır. +y düzlemindeki normal gerilme sıfır olarak bilindiğine göre +x düzlemindeki normal gerilme ile kayma gerilmesini hesaplayıp yönlenmiş bir eleman üzerinde gösteriniz. y
0
x
140
06 OCAK 2012 UYGULAMA SORUSU
Şekilde gösterilen alüminyum dikdörtgen levha x ekseni doğrultusunda 7.5 mm uzama, kalınlık doğrultusunda 0.1 mm uzama yapmıştır. x ve y gerilmelerini hesaplayınız.
Bir noktadaki şekil değiştirme hali, en büyük açı bozulmalarının olduğu düzlemler esas alınarak aşağıdaki şekil üzerinde gösterilmiştir. Bu şekil değişimine sebep olan gerilmeleri sağ yanda x ve y eksen takımlı gerilme elemanı üzerine yönleri ile birlikte yazınız.
E = 70 GPa, n =1/3
.......... y .......... xy ...........
y
x
d y D
e’
y
x
m 2
x
z
g eb
2
3m
E
.........
m 2 2 0 0.
s
e 430 E 200 GP GPa a
e
e’ g eb 2
x
x
O
570
s
2 7
0.3
Çelik bir elemanın düzlem gerilme etkisindeki serbest yüzeyi üzerinde 30° lik rozetle ölçülen uzama oranları εa = 250μ , εb = 350μ , εc = -200μ dur. E = 200 GPa, ν = 0.30 olarak bilindiğine göre;
a) Dik doğrultulardaki uzama oranlarını belirleyiniz. b) SADECE MOHR ÇEMBERİNİ KULLANARAK asal uzama oranları ile doğrultularını bulunuz. c) Asal gerilmeler ve doğrultularını belirleyip yönlenmiş bir eleman üzerinde gösteriniz.
c
b a
d)En büyük kayma gerilmeleri ile ilgili normal gerilmeleri ve gerilmelerin etki ettiği düzlemlerin doğrultularını belirleyip yönlenmiş birer eleman üzerinde gösteriniz.
141