termodinamika

IV. Entropi dan Hukum Termodinamika II Perhatikan peristiwa sehari-hari di bawah ini:

Juga perhatikan peristiwa yang dapat dilakukan di laboratorium: ::

T T 2

(a)

T

(b)

(c)

Peristiwa (a): (a): benda pada suhu T 1 dalam kontak dengan reservoir panas T 2, disini T 2 > T 1. Peristiwa (b): (b): Kerja masuk ke dalam sistem menjadi panas Peristiwa (c): (c): ekspansi bebas 

Apa kesamaan peristiwa-peristiwa ini??? Dapatkah dibalik??? Tampak bahwa ada preferensi “arah” peristiwa.

M. Hikam, Termodinamika: Entropi dan Hukum Termodinamika II

44

Peristiwa-peristiwa tersebut tidak bisa dibalik meskipun pada proses pembalikan ini bisa terpenuhi kaidah kekekalan energi. Apakah ada yang salah dengan hukum termodinamika I (hukum kekekalan energi)? Tentu saja tidak! Hukum termodinamika I tetap benar, namun perlu penjelasan lebih lanjut mengapa proses-proses tersebut tidak bisa dibalik. 

Muncul formulasi hukum termodinamika II.

Ada berbagai versi: Versi yang paling sederhana (Clasius): “Panas secara alamiah akan mengalir dari suhu tinggi ke rendah; panas tidak akan mengalir secara spontan dari suhu rendah ke tinggi” Sudah kita lihat dari siklus Carnot: “Tidak mungkin dalam satu siklus terdapat efisiensi 100%” Versi filosofis (lihat peristiwa sehari-hari): “Dalam suatu sistem tertutup, tanpa campur tangan dari luar ketidakteraturan akan selalu bertambah.” (Secara alamiah, proses akan cenderung ke arah tidak teratur)


45

Bagaimana formulasi umum pada termodinamika? Kita cari saja besaran yang menunjukkan ukuran ketidakteraturan, kita beri nama besaran ini “entropi”, tetapi bagaimana kaitannya dengan termodinamika? (1) Besaran ini harus menjadi sifat sistem  menjadi variabel keadaan. (2) Nilai besaran ini cenderung bertambah pada suatu proses, jadi besaran ini tidak terkonsevasi Jelas bahwa besaran ini pasti bukan bentuk energi, karena energi terkonservasi. Besaran ini diberi simbol S . Pada kesempatan pertama, sebagaimana energi dalam, nilai absolut besaran ini belum begitu penting. Kita cari terlebih dahulu perbedaan atau perubahan besaran ini pada suatu proses, ∆S . Tinjau kembali siklus Carnot: Q1 T = 1 Q2 T 2 Disini Q2 merupakan panas yang mengalir ke sistem, sedangkan Q2 merupakan panas yang keluar dari sistem, sehingga tanda dari kedua aliran panas ini berlawanan. Supaya penulisan lebih tepat:

−

Q1 Q2

=

T 1 T 2

atau Q1 T 1

+

Q2 T 2

=0


46

Sekarang kita tinjau sebarang proses reversibel yang tertutup (siklus). T

v Hasil total proses tertutup ini dapat didekati dengan melakukan sejumlah besar siklus Carnot kecil. Misal pada sebuah siklus Carnot kecil terjadi pada temperatur T 1 dan T 1 dengan korespondensi panas ∆Q1 dan ∆Q2 , maka: ∆Q1 ∆Q2 + =0 T 1 T 2 Ketika semua dijumlahkan pada semua siklus: ∆Qr =0 ∑ r T Seterusnya bila siklus Carnot ini infinetisimal kecil maka: d ' Qr =0 T Arti fisis: Jumlah seluruh aliran panas d ′Q r pada suatu titik per temperatur pada titik yang sama adalah nol. Tentu saja pada suatu siklus d ′Q r sendiri bisa positif atau negatif.


47

Arti matematik: Karena nilai integral tertutup

d ' Qr

tidak tergantung jejak, maka

T perbandingan kedua besaran tersebut merupakan diferensial eksak, meskipun d ′Q r bukan diferensial eksak. Dapat didefinisikan variabel keadaan S : d ' Qr dS ≡ T dalam suatu proses tertutup dS = 0. 

besaran S ini merupakan entropi yang kita cari.

Nilai entropi (sebagaimana yang disebutkan sebelumnya) akan konstan atau bertambah. Satuan entropi: joule/kelvin Pada sebarang proses adiabatis: d ′Q = 0 dan dS = 0 Disini entropi konstan pada sebarang proses adiabatik reversibel, proses semacam ini terkadang disebut isentropik. Pada proses isotermis reversibel: Perubahan entropi: b d ' Q

S b − S a = ∫

a

b r = 1 d ' Q = 1 Q ∫ r T r T T a

Bila panas masuk ke sistem maka Qr dan entropi naik (S b > S a), bila panas keluar dari sistem maka Qr dan entropi turun (S b < S a). Secara keseluruhan entropi tidak berubah.


48

Sekarang kita tinjau pada proses-proses lain:

T 1

Q T 2

Sebuah benda dengan suhu T 1 dicelupkan pada reservoir panas T 2 (T 1< T 2). Misal terjadi proses pada benda dengan tekanan tetap, maka panas yang mengalir c P dT , sehingga perubahan entropi pada benda: T 2 dT = c P ln (T 2/ T 1) (naik) ∆S benda = ∫ c P T T 1 Sedangkan pada reservoir suhu akan tetap T 2, sehingga panas yang mengalir ke benda: Q = c P (T 2 − T 1) Panas ini bernilai negatif bagi reservoir, sehingga perubahan entropi: T 2 − T 1 Q = − c P (turun) ∆S reservoir = − T 2 T 2 Sehingga perubahan entropi universe (benda + reservoir): T − T ∆S = ∆S benda +∆S reservoir = c P [ln (T 2/ T 1) − 2 1 ] T 2 T − T 1 Secara matematik nilai ln (T 2/ T 1) selalu lebih besar dari 2 T 2 bila T 2>T 1. Jadi ∆S selalu >0 M. Hikam, Termodinamika: Entropi dan Hukum Termodinamika II

49

Statemen hukum termodinamika II: ∆S ≥ 0 Pada suatu sistem tertutup nilai entropi akan tetap atau bertambah. Catatan: Berbeda dengan hukum termodinamika I yang menunjukkan konservasi energi: “Energi tidak dapat diciptakan dan tidak dapat dimusnahkan”, Hukum termodinamika II menyatakan bahwa “entropi dapat diciptakan tetapi tidak dapat dimusnahkan”. Konsekuensi filosofis: ketidakteraturan dalam suatu alam tertentu akan selalu bertambah. Apakah hal ini tidak bertentangan dengan, misalnya, teori evolusi Darwin? (Jawaban diserahkan kepada pembaca, think about it !!!) Contoh-contoh latihan: o 1. Satu kilogram air pada suhu 0 C dibawa dalam kontak dengan o reservoir panas besar pada suhu 100 C. o (a) Ketika air sudah mencapai suhu 100 C berapa perubahan entropi air, reservoir dan universe (air+reservoir)? o (b) Jika air terlebih dahulu dibawa ke suhu 50 C (dengan o kontak reservoir 50 C) lalu dikontakkan dengan reservoir o 100 C, berapa perubahan entropi universe? (c) Bagaimana caranya untuk untuk menaikkan suhu air dari o o 0 C ke 100 C tanpa kenaikan entropi universe? 2. Suatu cairan bermassa m pada suhu T 1 dicampur dengan cairan bermassa sama pada suhu T 2. Sistem ini secara termal terisolasi, tunjukkan bahwa perubahan entropi universe: (T + T 2 ) / 2 2mc P ln 1 dan buktikan bernilai positif! T 1T 2


50

Kombinasi Hukum Termodinamika I dan II Kembali ke hukum termodinamika I: d'Q = dU + d ′W Hukum termodinamika II mengungkapkan pada proses reversibel antara dua kedaan seimbang: d'Qr = TdS Pada proses reversibel untuk sistem PVT : d'W = P dV Sehingga dapat disimpulkan T dS = dU + P dV  kombinasi hukum termodinamika I dan II. Untuk sistem lain, ekspresi P dV diganti dengan yang sesuai. Dari hal ini ada sejumlah besar relasi termodinamika yang dapat diturunkan dengan memilih pasangan variabel bebas T dan v, T dan P , atau P dan v. Kasus T dan v independen:

Kita gunakan besaran spesifik (persatuan massa). 1 ds = (du + Pdv) T dengan memperhatikan bahwa u fungsi T dan v,  ∂u   ∂u  du =   dT +   dv  ∂T  v  ∂v T maka ds =

1  ∂u  1  ∂u    dT + [   + P ] dv T  ∂T  v T  ∂v T


51

tetapi dapat juga ditulis:  ∂ s   ∂ s  ds =   dT +   dv  ∂T  v  ∂v T maka 1  ∂u   ∂ s  =     dan  ∂T  v T  ∂T  v  ∂ s  1  ∂u    = [   + P ]  ∂v T T  ∂v T

WATCH OUT!! ingat meskipun d'q = du + d'w Kita tidak bisa menulis:  ∂q   ∂q  d’q =  dT +    dv  ∂T  v  ∂v T

(explain why?)

Seterusnya apabila s diturunkan dua kali ke v dan T diperoleh (detail harus dikerjakan oleh pembaca): T β  ∂u   ∂ P  - P   = T   − P = κ  ∂v T  ∂T  v

 ∂u   = cv, maka  ∂T  v  ∂ P  du = cv dT + [T   − P ] dv  ∂T  v

Karena 

dan dapat dibuktikan dengan mudah bahwa: 2  ∂ P   ∂v  T β v c P – cv = T     =  ∂T  v  ∂T  P κ

Jelas sekali bahwa c P tidak akan pernah lebih kecil dari cv. M. Hikam, Termodinamika: Entropi dan Hukum Termodinamika II

52

Relasi lain dapat dibuktikan:

 ∂ 2 P   ∂cv    = T  2   ∂v T  ∂T 

v

Kasus T dan P independen:

Mulai dari h = u + Pv, dapat dibuktikan sekian banyak relasi, diantaranya ( please prove them!):  ∂h   ∂v  = T −     + v = − β vT + v  ∂ P  T  ∂T  P

 ∂v   − v] dP  ∂T  P

dh = c P dT − [T  serta

 ∂ 2 v   ∂c P    = −T  2   ∂ P  T  ∂T 

P

Kasus P dan v independen: (latihan)  ∂T   ∂T  TdS = c P   dv + cv   dP  ∂v  P  ∂ P  v

Pelajari lebih lanjut tentang hubungan-hubungan yang lain, referensi lengkap dapat dilihat di Sears-Salinger halaman 148 sampai 160. Contoh soal: 4 Pada temperatur 6 K dan tekanan 19,7 atm He memiliki volume -2 3 -1 spesifik v = 2,64×10 m kilomole . Kompresibilitas termal pada -8 2 -1 keadaan tersebut 9,42×10 m N dan koefisien ekspansi β = -2 -1 -1 -1 5,35×10 K . Bila cv = 9950 J kilomole K , carilah c P ! juga ∂u  hitunglah nilai    !  ∂v T


53

Sifat-sifat Gas Van der Waals

a

Persamaan keadaan ( P +

v

2

)(v − b) = RT

Dapat dibuktikan T c  v − b  v  + so s = ∫ dT + R ln  T o T  v o − b

 1 1   + uo u = ∫ c v dT −a  − T o  v v o T

dan c P − cv =

T β 2v κ

1

= R 1−

2a (v − b) 2

RTv 3 2aP   secara pendekatan c P − cv ≈ R 1 +  2 2  R T  Tugas baca: Pelajari topik-topik berikut     

Sifat-sifat Liquid atau Solid dalam Pengaruh Tekanan Hidrostatik Eksperimen Joule dan Joule-Thomson Temperatur Empiris dan Termodinamik Sistem Multivariabel, Prinsip Caratheodory Soal-soal Sears-Salinger di halaman 172-176


54

termodinamika

Recommend Documents